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1、安徽省和縣二中2020學(xué)年度上學(xué)期期末考試卷高二物理 一、選擇題1. 關(guān)于靜電場(chǎng)，下列結(jié)論普遍成立的是 （ ）A. 電場(chǎng)強(qiáng)度大的地方電勢(shì)高，電場(chǎng)強(qiáng)度小的地方電勢(shì)低B. 電場(chǎng)中任意兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差只與這兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)有關(guān)C. 在正電荷或負(fù)電荷產(chǎn)生的靜電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)方向都指向電勢(shì)降低最快的方向D. 在電場(chǎng)強(qiáng)度越大的地方，電荷的電勢(shì)能也越大【答案】C【解析】試題分析：在靜電場(chǎng)中場(chǎng)強(qiáng)方向就是電勢(shì)降低最快的方向；兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)及兩點(diǎn)間沿電場(chǎng)線方向的距離有關(guān)；電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)無關(guān)；根據(jù)電場(chǎng)力做功公式W=qU分析電場(chǎng)力做功情況解：A、電勢(shì)與電場(chǎng)強(qiáng)度沒有直接關(guān)系，所以電場(chǎng)強(qiáng)度大的地方電勢(shì)不一定高，電場(chǎng)強(qiáng)度小的

2、地方電勢(shì)不一定低，故A錯(cuò)誤B、由公式U=Ed可知，兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)和兩點(diǎn)間沿電場(chǎng)線方向的距離都有關(guān)，故B錯(cuò)誤C、在正電荷或負(fù)電荷產(chǎn)生的靜電場(chǎng)中，沿場(chǎng)強(qiáng)方向電勢(shì)降低最快，故C正確D、電勢(shì)能的高低根據(jù)電場(chǎng)力做功的正負(fù)判斷，與場(chǎng)強(qiáng)的大小沒有關(guān)系，故D錯(cuò)誤故選：C【點(diǎn)評(píng)】解決本題關(guān)鍵要理解電場(chǎng)中幾對(duì)關(guān)系：場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)、場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差、電場(chǎng)力做功與電勢(shì)差等等，可結(jié)合電場(chǎng)線的物理意義和相關(guān)公式加深理解2. 下列四幅圖中能正確描繪點(diǎn)電荷電場(chǎng)中電場(chǎng)線的是( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)，終于止負(fù)電荷，故正電荷的電場(chǎng)線應(yīng)向外發(fā)散，負(fù)電荷的電場(chǎng)線應(yīng)向內(nèi)聚攏，B正確3. 電路中，

3、某電子在電源內(nèi)部從電源一端定向移動(dòng)到另一端，在此過程中非靜電力對(duì)該電子做功為W，該電子的電勢(shì)能變化量為EP，則（ ）A. W0， EP0B. W0， EP0C. W0D. W0， EP0【答案】A【解析】試題分析：在電源的內(nèi)部，非靜電力對(duì)該電子做正功，即，電子的電勢(shì)能增加，即有，故A正確考點(diǎn)：考查了電場(chǎng)力做功【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵要明確非靜電力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系，不能將這個(gè)關(guān)系與靜電力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系混淆4. 一個(gè)帶電粒子沿垂直于磁場(chǎng)方向射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，由于使沿途空氣電離而使粒子的動(dòng)能逐漸減小，軌跡如圖所示。假設(shè)粒子的電量不變，下列有關(guān)粒子的運(yùn)動(dòng)方向和所帶電性的判斷正確的是( )

4、A. 粒子由a向b運(yùn)動(dòng)，帶正電B. 粒子由b向a運(yùn)動(dòng)，帶負(fù)電C. 粒子由b向a 運(yùn)動(dòng)，帶正電D. 粒子由a向b運(yùn)動(dòng)，帶負(fù)電【答案】B【解析】據(jù)題意，帶電粒子沿垂直于磁場(chǎng)方向射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，粒子的能量逐漸減小，速度減小，則由公式 得知，粒子的半徑應(yīng)逐漸減小，由圖看出，粒子的運(yùn)動(dòng)方向是從b到a在b處，粒子所受的洛倫茲力指向圓心，即斜向左上方，由左手定則判斷可知，該粒子帶負(fù)電故選B5. 質(zhì)量不同、電荷量相同的粒子，不計(jì)重力，垂直于電場(chǎng)線射入同一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)。若它們離開電場(chǎng)時(shí)速度方向改變的角度相同，則它們?cè)谶M(jìn)入電場(chǎng)前必然具有相同的A. 速度 B. 動(dòng)量 C. 動(dòng)能 D. 動(dòng)量或動(dòng)能均可以【答案】C【解析】

5、試題分析：粒子只受電場(chǎng)力，垂直射入電場(chǎng)，做類似平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)分運(yùn)動(dòng)公式和速度偏轉(zhuǎn)角公式列式求解初速度、初動(dòng)量和初動(dòng)能的表達(dá)式分析.6. 如圖是條形磁鐵的部分磁感線分布示意圖，關(guān)于圖中a、b兩點(diǎn)磁場(chǎng)的描述，正確的是（ ）A. a點(diǎn)的磁場(chǎng)方向?yàn)閳D中Ba指向B. b點(diǎn)的磁場(chǎng)方向?yàn)閳D中Bb指向C. a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度D. a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度小于b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度【答案】C【解析】試題分析：磁場(chǎng)方向沿磁感線的切線方向，磁感線的疏密表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，結(jié)合磁感線的特點(diǎn)分析判斷解：A、磁感線上某點(diǎn)的切線方向表示磁場(chǎng)的方向，圖中a、b兩點(diǎn)的磁場(chǎng)方向均是錯(cuò)誤的，故A、B錯(cuò)誤C、磁感線疏密表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱

6、，a點(diǎn)磁感線比較密，則a點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，故C正確，D錯(cuò)誤故選：C【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道磁感線的特點(diǎn)，知道磁感線上某點(diǎn)的切線方向表示磁場(chǎng)方向，磁感線的疏密表示強(qiáng)弱7. 下列選項(xiàng)中的各1/4圓環(huán)大小相同，所帶電荷量已在圖中標(biāo)出，且電荷均勻分布，各1/4圓環(huán)間彼此絕緣，則坐標(biāo)原點(diǎn)O處電場(chǎng)強(qiáng)度最小的是（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】A圖中坐標(biāo)原點(diǎn)O處的電場(chǎng)強(qiáng)度是一個(gè) 圓環(huán)產(chǎn)生的，設(shè)此時(shí)原點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E ,B圖中原點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度由兩個(gè)圓環(huán)疊加產(chǎn)生，根據(jù)矢量的平行四邊形法則，此時(shí)原點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為 ；在C圖的坐標(biāo)原點(diǎn)處，第一象限和第三象限的圓環(huán)產(chǎn)生的電場(chǎng)互相抵消，所以坐標(biāo)

7、原點(diǎn)O處的電場(chǎng)強(qiáng)度是一個(gè)圓環(huán)產(chǎn)生的，此時(shí)原點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E；在D圖的坐標(biāo)原點(diǎn)處，第一象限和第三象限產(chǎn)生的電場(chǎng)互相抵消，第二象限和第四象限產(chǎn)生的電場(chǎng)互相抵消，坐標(biāo)原點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零。所以D圖中原點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最小，故D項(xiàng)正確。綜上所述，本題正確答案為D。8. 如圖所示，兩個(gè)半徑相同的半圓形軌道分別豎直放在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，軌道兩端在同一高度上，軌道是光滑的兩個(gè)相同的帶正電小球同時(shí)從兩軌道左端最高點(diǎn)由靜止釋放，M、N為軌道的最低點(diǎn)，則（ ）A. 兩小球到達(dá)軌道最低點(diǎn)的速度vMvNB. 兩小球到達(dá)軌道最低點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力FM FNC. 小球第一次到達(dá)M點(diǎn)的時(shí)間大于小球第一次到達(dá)N點(diǎn)的時(shí)間D. 在磁場(chǎng)中

8、小球能到達(dá)軌道的另一端，在電場(chǎng)中小球不能到達(dá)軌道的另一端【答案】D【解析】試題分析：小球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，在最低點(diǎn)進(jìn)行受力分析可知：解得：小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，在最低點(diǎn)受力分析可知：解得：由于小球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，磁場(chǎng)力對(duì)小球不做功，整個(gè)過程中小球的機(jī)械能守恒；而小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)受到的電場(chǎng)力對(duì)小球做負(fù)功，到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)的速度的大小較小，所以在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間也長，故A C錯(cuò)誤；因?yàn)関1v2，結(jié)合可知：FMFN，故B錯(cuò)誤；由于小球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，磁場(chǎng)力對(duì)小球不做功，整個(gè)過程中小球的機(jī)械能守恒，所以小球可以到達(dá)軌道的另一端，而電場(chǎng)力做小球做負(fù)功，所以小球在達(dá)到軌道另一端之前速度就減為零了，故不能到達(dá)最右端，故D正

9、確；故選D考點(diǎn)：帶電粒子在磁場(chǎng)及電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)9. 一帶電粒子在電場(chǎng)中僅在電場(chǎng)力作用下，從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，速度隨時(shí)間變化的圖象如圖所示（速度-時(shí)間圖像中tAtB段是一條曲線不是直線），tA、tB分別是帶電粒子到達(dá)A、B兩點(diǎn)時(shí)對(duì)應(yīng)的時(shí)刻，則下列說法中正確的有A. A點(diǎn)的電勢(shì)一定高于B點(diǎn)的電勢(shì)B. 帶電粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在B點(diǎn)的電勢(shì)能C. 帶電粒子一定帶正電D. 電場(chǎng)可能是勻強(qiáng)電場(chǎng)【答案】B【解析】試題分析：帶電粒子從靜止開始做加速運(yùn)動(dòng)，速度增大，動(dòng)能增大，由能量守恒定律得知，其電勢(shì)能減小，即帶電粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在B點(diǎn)的電勢(shì)能但不能判斷出粒子的電性，所以就不能判斷電勢(shì)的高低故A錯(cuò)誤

10、，B正確；帶電粒子做加速運(yùn)動(dòng)，不能帶電粒子的電性，故C錯(cuò)誤根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，由數(shù)學(xué)知識(shí)可以看出，從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中帶電粒子的加速度減小，則其所受的電場(chǎng)力減小，由知，電場(chǎng)強(qiáng)度E減小，即A處的場(chǎng)強(qiáng)一定大于B處的場(chǎng)強(qiáng)，所以該電場(chǎng)不可能是勻強(qiáng)電場(chǎng)，故D錯(cuò)誤故選B考點(diǎn)：電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)及電勢(shì)能10. 如圖甲所示為電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，在電場(chǎng)線上建立坐標(biāo)軸，則坐標(biāo)軸上Ox2間各點(diǎn)的電勢(shì)分布如圖乙所示，則（ ）A. 在0x2間，場(chǎng)強(qiáng)先減小后增大B. 在0x2間，場(chǎng)強(qiáng)方向沒有發(fā)生變化C. 若一負(fù)電荷從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到x2點(diǎn)，電勢(shì)能逐漸減小D. 從O點(diǎn)靜止釋放一僅受電場(chǎng)力作用的正電荷，則該電荷在0x2間

11、一直做加速運(yùn)動(dòng)【答案】BD點(diǎn)睛：本題從數(shù)學(xué)有角度理解-t圖象的斜率等于場(chǎng)強(qiáng)，由電勢(shì)的高低判斷出電場(chǎng)線的方向，再判斷電場(chǎng)力做功情況11. 如圖所示，一直流電動(dòng)機(jī)與阻值R9 的電阻串聯(lián)在電源上，電源電動(dòng)勢(shì)E30 V，內(nèi)阻r1 ，用理想電壓表測(cè)出電動(dòng)機(jī)兩端電壓U10 V，已知電動(dòng)機(jī)線圈電阻RM1 ，則下列說法中正確的是（ ）A. 通過電動(dòng)機(jī)的電流為10 AB. 電動(dòng)機(jī)的輸入功率為20 WC. 電動(dòng)機(jī)的熱功率為4 WD. 電動(dòng)機(jī)的輸出功率為20W【答案】BC【解析】試題分析：根據(jù)閉合電路歐姆定律，有：E=U+I（r+R）；解得：，故A錯(cuò)誤；電動(dòng)機(jī)的輸入功率：P入=UI=102=20W；電動(dòng)機(jī)的熱功率：

12、P熱=I2RM=221=4W；電動(dòng)機(jī)的輸出功率：P出=P-P熱=UI-I2RM=102-221=16W，故BC正確，D錯(cuò)誤；故選BC?？键c(diǎn)：閉合電路歐姆定律；電功率【名師點(diǎn)睛】對(duì)于電動(dòng)機(jī)電路區(qū)分是純電阻電路還是非純電阻電路，可從從能量轉(zhuǎn)化的角度理解：電能全部轉(zhuǎn)化內(nèi)能時(shí)，是純電阻電路電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能和其他能時(shí)，是非純電阻電路。12. 如圖所示，一條形磁鐵放在粗糙水平面上處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)在其右方放一與紙面垂直的、通以圖示方向電流的通電導(dǎo)線，磁鐵仍然靜止，則與未放通電導(dǎo)線之前相比，下列說法正確的是（ ）A. 磁鐵所受地面的彈力增大B. 磁鐵所受地面的彈力減小C. 磁鐵所受地面的摩擦力方向水平向右D.

13、磁鐵所受地面的摩擦力方向水平向左【答案】AC【解析】試題分析：以導(dǎo)線為研究對(duì)象，由左手定則判斷得知導(dǎo)線所受安培力方向斜向右上方，根據(jù)牛頓第三定律得知，導(dǎo)線對(duì)磁鐵的安培力方向斜向左下方，磁鐵有向左運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，受到向右的摩擦力，同時(shí)磁鐵對(duì)地的壓力增大，即磁鐵所受地面的彈力增大故AC正確，BD錯(cuò)誤故選AC考點(diǎn)：左手定則；牛頓第三定律13. 豎直放置的一對(duì)平行金屬板的左極板上用絕緣線懸掛了一個(gè)帶正電的小球，將平行金屬板按圖所示的電路圖連接，絕緣線與左極板的夾角為，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R的滑片在a位置時(shí)，電流表的讀數(shù)為I1，夾角為1；當(dāng)滑片在b位置時(shí)，電流表的讀數(shù)為I2，夾角為2，則()A. I12C. I1I

14、2D. 12【答案】CD【解析】根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路電流不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，C正確；滑動(dòng)片在a位置時(shí)兩平行板間電壓小于滑動(dòng)片在b位置時(shí)兩板間電壓，根據(jù)E=可知，場(chǎng)強(qiáng)較小，由平衡知識(shí)可知Eq=mgtan可知12，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，D正確；故選CD.點(diǎn)睛：本題綜合考查電路知識(shí)、電容器及共點(diǎn)力的平衡知識(shí)，要求學(xué)生能通過讀圖和審題找出其中的關(guān)系，進(jìn)而由部分物理量的變化可得出其它量的變化14. 如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系中有一垂直紙面向里的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其邊界為過原點(diǎn)O和y軸上的a（0，L）一質(zhì)量為m、電荷量為e的電子從a點(diǎn)以初速度v0平行于x軸正方向射入磁場(chǎng)，并從x軸上的b點(diǎn)射出磁場(chǎng)，此時(shí)速度方向與

15、x軸正方向的夾角為60下列說法中正確的是（ ）A. 電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為B. 電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為C. 磁場(chǎng)區(qū)域的圓心坐標(biāo)為（ ，L）D. 電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心坐標(biāo)為（0，-2L）【答案】BC【解析】試題分析：電子的軌跡半徑為R，由幾何知識(shí)，Rsin30=R-L，得R=2L；電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間：，又：，得：，故A錯(cuò)誤，B正確；設(shè)磁場(chǎng)區(qū)域的圓心坐標(biāo)為（x，y）其中：xRcos30，yL，故C正確；根據(jù)幾何三角函數(shù)關(guān)系可得，R-L=Rcos60，解得R=2L，所以電子的圓周運(yùn)動(dòng)的圓心坐標(biāo)為（0，-L），故D錯(cuò)誤；故選BC。考點(diǎn)：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】由題意確定粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡是解題的關(guān)鍵之處，從而求出圓磁場(chǎng)的圓心位置，再運(yùn)用幾何關(guān)系來確定電子的運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心坐標(biāo)。二、實(shí)驗(yàn)題15. 同學(xué)們測(cè)量某電