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1、休寧五城中學(xué)2020學(xué)年度上學(xué)期期末考試卷 高二物理（實(shí)驗(yàn)班）一、選擇題1. 如下左圖所示，為某種用來束縛原子的磁場的磁感線分布情況，以O(shè)點(diǎn)(圖中白點(diǎn))為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿z軸正方向磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小的變化最有可能為()A. B. C. D. 【答案】C【解析】試題分析：磁場是一種特殊物質(zhì)形態(tài)，既看不見又摸不著因此引入磁感線來幫助我們理解磁場，磁感線的疏密表示磁場的強(qiáng)弱，磁感線上某點(diǎn)的切線方向表磁場的方向解：如圖所示為某種用來束縛原子的磁場的磁感線分布情況：磁感線的疏密表示磁場的強(qiáng)弱，所以沿Z軸正方向磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小是先變小后變大由于題目中問的是磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小，故C正確；故選：C【點(diǎn)評(píng)】若考慮磁

2、感應(yīng)強(qiáng)度的方向，則將C圖象中的后半部分畫在時(shí)間軸的下方2. 如圖所示，P、Q為平行板電容器，兩極板豎直放置，在兩板間用絕緣線懸掛一帶電小球。將該電容器與電源連接，閉合電鍵后，懸線與豎直方向夾角為。則( )A. 保持電鍵閉合，縮小P、Q兩板間的距離，角度會(huì)減小B. 保持電鍵閉合，加大P、Q兩板間的距離，角度會(huì)增大C. 將電鍵再斷開，加大P、Q兩板間的距離，角度會(huì)增大D. 將電鍵再斷開，縮小P、Q兩板間的距離，角度不變化【答案】D【解析】試題分析：保持電鍵S閉合時(shí)，電容器板間電壓不變，縮小P、Q兩板間的距離，由分析得知，板間場強(qiáng)增大，小球所受電場力增大，則增大相反，加大P、Q兩板間的距離時(shí)，會(huì)減小

3、故AB錯(cuò)誤電鍵S斷開，電容器的帶電量不變，根據(jù)公式，U=Ed、，則得，即電場強(qiáng)度與極板間距無關(guān)，故板間場強(qiáng)不變，小球所受電場力不變，則不變，故C錯(cuò)誤，D正確故選：D考點(diǎn)：電容器的電容；電場強(qiáng)度.3. 如圖所示，水平導(dǎo)線中有電流I通過，導(dǎo)線正下方的電子初速度的方向與電流I的方向相同，則電子將（ ）A. 沿路徑a運(yùn)動(dòng)，軌跡半徑始終不變 B. 沿路徑a運(yùn)動(dòng)，軌跡半徑越來越大C. 沿路徑a運(yùn)動(dòng)，軌跡半徑越來越小 D. 沿路徑b運(yùn)動(dòng)，軌跡半徑越來越小【答案】B【解析】由右手螺旋定則可知，在直導(dǎo)線的下方的磁場的方向?yàn)榇怪奔埫嫦蛲?，根?jù)左手定則可以得知電子受到的力向下，所以電子沿路徑a運(yùn)動(dòng)；由于離導(dǎo)線越遠(yuǎn)，

4、電流產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度越小，則由半徑公式可知，電子的運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑越來越大，所以B正確，ACD錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：本題的關(guān)鍵是掌握住通電直導(dǎo)線的電流產(chǎn)生的磁場的特點(diǎn)，在根據(jù)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的半徑的公式以及磁場的分布規(guī)律即可分析粒子的運(yùn)動(dòng)的軌跡的變化情況。4. 如圖所示為一直流電路，電源內(nèi)阻不能忽略，但R0大于電源內(nèi)阻，滑動(dòng)變阻器的最大阻值小于R，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P從滑動(dòng)變阻器的最右端滑向最左端的過程中，下列說法正確的是（ ）A. 電壓表的示數(shù)一直增大 B. 電流表的示數(shù)一直增大C. 電阻R0消耗的功率一直增大 D. 電源的輸出功率一直增大【答案】A【解析】試題分析：根據(jù)電路圖可知，當(dāng)滑片處于最右端

5、時(shí)，電壓表被短路了，此時(shí)電壓表的示數(shù)為零，當(dāng)滑片向左移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器的左半部分與R串聯(lián)后與變阻器的右半部分并聯(lián)后再與R0串聯(lián)，接入電源，由于滑動(dòng)變阻器的最大阻值小于R，所以并聯(lián)部分電阻增大，則總電阻增大，電路中總電流減小，電源的內(nèi)電壓以及R0所占電壓都減小，則由閉合電路歐姆定律可知，電壓表示數(shù)增大，故選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)可知，由于干路總電流I減小，則功率減小，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大，而大于電源內(nèi)阻，所以隨著外電阻增大，電源的輸出功率一直減小，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。所以本題正確選項(xiàng)為A。5. 帶電粒子M和N，先后以大小不同的速度沿PO方向射入圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)

6、域，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，不計(jì)重力，則下列分析正確的是A. M帶正電，N帶負(fù)電B. M和N都帶正電C. M帶負(fù)電，N帶正電D. M和N都帶負(fù)電【答案】C【解析】試題分析：由左手定則可知，粒子N向上偏轉(zhuǎn)，則受到的洛倫茲力向上，粒子帶正電；粒子M向下偏轉(zhuǎn)，則受到的洛倫茲力向下，粒子帶負(fù)電；故選C.考點(diǎn)：左手定則6. 有一靜電場，其電勢(shì)隨x坐標(biāo)的改變而改變，變化的圖線如圖所示若將一帶負(fù)電粒子（重力不計(jì)）從坐標(biāo)原點(diǎn)O由靜止釋放，電場中P、Q兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為1mm、4mm則下列說法正確的是（ ）A. 粒子將沿x軸正方向一直向前運(yùn)動(dòng)B. 粒子在P點(diǎn)與Q點(diǎn)加速度大小相等、方向相反C. 粒子經(jīng)過P點(diǎn)與Q點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能

7、相等D. 粒子經(jīng)過P點(diǎn)與Q點(diǎn)時(shí)，電場力做功的功率相等【答案】C.考點(diǎn)：電勢(shì)能；功率、平均功率和瞬時(shí)功率；動(dòng)能定理的應(yīng)用；電勢(shì)7. 如圖所示，質(zhì)量為m的細(xì)桿ab置于傾角為的導(dǎo)軌上，ab處于磁場中，ab與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)為，有電流時(shí)，ab恰好靜止在導(dǎo)軌上，則從b端的側(cè)視圖看，其中桿ab與導(dǎo)軌間摩擦力可能為“0”的是（）A. B. C. D. 【答案】AB【解析】試題分析：根據(jù)左手定則可知，四種情形下細(xì)桿所受的安培力方向如下圖所示：由共點(diǎn)力平衡條件可知，圖A中，若支持力、重力、安培力三力恰好平衡時(shí)，摩擦力為零，故A正確；B圖中，若重力與安培力二力平衡時(shí)，摩擦力為零，所以B正確；圖C中，重力、支持力、

8、安培力三力不可能平衡，所以一定受到摩擦力作用，所以C錯(cuò)誤；同理，圖D中的三個(gè)力也不可能平衡，故受摩擦力作用，所以D錯(cuò)誤；考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡、左手定則8. 如圖所示,點(diǎn)電荷Q固定,虛線是電荷量為q的微粒只在靜電力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡,微粒的重力不計(jì),可看作點(diǎn)電荷，a 、b是軌跡上的兩個(gè)點(diǎn),b離Q較近,下列判斷正確的是( )A. a點(diǎn)的電勢(shì)一定小于b點(diǎn)的電勢(shì)B. 電荷q在a點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在b點(diǎn)的電勢(shì)能C. 微粒通過a時(shí)的速率比通過b時(shí)的速率大D. 微粒通過a 、b兩點(diǎn)時(shí),加速度方向都是指向Q【答案】BD【解析】由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡看出，微粒q軌跡向下彎曲，q受到Q的吸引，所以Q與q是異種電荷，但是由于不

9、能確定Q的電性，故無法比較ab兩點(diǎn)電勢(shì)的高低，故A錯(cuò)誤從a到b，電場力做正功，電勢(shì)能減小，故電荷q在a點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在b點(diǎn)的電勢(shì)能，選項(xiàng)B正確；由于電場力對(duì)q做正功，根據(jù)動(dòng)能定理可知，微粒q的動(dòng)能增加，速率增大，則知微粒通過a時(shí)的速率比通過b時(shí)的速率小，故C錯(cuò)誤；微粒通過a、b兩點(diǎn)時(shí)，受到的庫侖力方向都指向Q，根據(jù)牛頓第二定律分析可知，在這兩點(diǎn)的加速度方向都是指向Q，故D正確，故選BD.點(diǎn)睛：本題是軌跡問題，首先要根據(jù)彎曲的方向判斷出帶電粒子所受電場力方向，確定是排斥力還是吸引力由動(dòng)能定理分析動(dòng)能或電勢(shì)能的變化是常用的思路.9. 如圖兩個(gè)截面不同，長度相等的均勻銅棒接在電路中，兩端電壓為U

10、，則( )A. 通過兩棒的電流不相等B. 粗棒中的自由電子定向移動(dòng)的平均速率較大C. 細(xì)棒中的自由電子定向移動(dòng)的平均速率較大D. 細(xì)棒兩端的電壓U1大于粗棒兩端的電壓U2【答案】CD【解析】試題分析：兩導(dǎo)體串聯(lián)，則由串聯(lián)電路的規(guī)律可知電流關(guān)系；由電阻定律可知兩導(dǎo)體的電阻關(guān)系，再由歐姆定律可得出電壓關(guān)系解：A、因兩導(dǎo)體串聯(lián)，則電流一定相等，故A錯(cuò)誤；B、由I=nesv可知，電流相同，單位體積內(nèi)的電子數(shù)相同，電子的電荷量相同，因截面積不相同，故電子的定向移動(dòng)速率不同，細(xì)棒中的電子定向移動(dòng)速率大，故B錯(cuò)誤，C正確；D、因電壓相等，而由R=可知，細(xì)棒的電阻較大，則由歐姆定律可知，細(xì)棒兩端的電壓較大，故

11、D正確；故選：CD點(diǎn)評(píng)：本題考查串并聯(lián)的電流、電壓規(guī)律及歐姆定律等內(nèi)容，難度不大，屬于基礎(chǔ)題10. 如圖所示，兩平行金屬板中間有相互正交的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場，一帶電粒子沿垂直于電場和磁場方向射入兩板間，從右側(cè)射出時(shí)它的動(dòng)能減少了，不計(jì)重力.為了使帶電粒子的動(dòng)能增加，下列辦法可行的是（ ）A. 增大勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)B. 減小勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)C. 減小勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度D. 增大勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度【答案】AC【解析】無論粒子帶何種電荷，由于電場力與洛倫茲力都是方向相反的，而動(dòng)能減少說明電場力做了負(fù)功，即電場力小于洛倫茲力，粒子向洛倫茲力的方向偏轉(zhuǎn)了所以要使動(dòng)能增大，必然減小磁場力或增大電場力增加電

12、場強(qiáng)度即增大電場力，使粒子向電場力方向偏轉(zhuǎn)，這樣電場力做正功，所以動(dòng)能會(huì)增大選項(xiàng)A正確減小電場強(qiáng)度即減小電場力，使粒子向磁場力方向偏轉(zhuǎn)，這樣電場力做負(fù)功，所以動(dòng)能會(huì)減小選項(xiàng)B錯(cuò)誤減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，即減小了洛倫茲力，則偏向電場力方向，導(dǎo)致電場力做正功，動(dòng)能會(huì)增大選項(xiàng)C正確增大磁感應(yīng)強(qiáng)度即增大了洛倫茲力，電場力做負(fù)功，則動(dòng)能會(huì)減小選項(xiàng)D錯(cuò)誤故選AC.點(diǎn)睛：該題是速度選擇器一類的題，在速度選擇器中，粒子的受力特點(diǎn)：同時(shí)受到方向相反的電場力和洛倫茲力作用；粒子能勻速通過選擇器的條件：電場力和洛倫茲力平衡，即qvB=qE，v=，只有速度為的粒子才能沿直線勻速通過選擇器若粒子受到的電場力和磁場力不平衡時(shí)，粒

13、子將發(fā)生偏轉(zhuǎn)：電場力大于洛倫茲力時(shí)，粒子向電場力方向偏轉(zhuǎn)，此時(shí)電場力做正功，電勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能；電場力小于洛倫茲力時(shí)，粒子將向洛倫茲力反向偏轉(zhuǎn)，電場力做負(fù)功，動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能11. 如圖所示，空間某區(qū)域存在著非勻強(qiáng)電場，實(shí)線表示該電場的電場線，過O點(diǎn)的虛線MN表示該電場一個(gè)等勢(shì)面，兩個(gè)相同的帶正電的粒子P、Q分別從A、B兩點(diǎn)以相同的初速度開始運(yùn)動(dòng)，速度方向垂直于MN，AB連線與MN平行，且都能從MN左側(cè)經(jīng)過O點(diǎn)。設(shè)粒子P、Q在A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能分別為Ep1和Ep2，經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)的速度大小分別為v1和v2。粒子的重力不計(jì)，則A. v1v2 B. v1v2 C. Ep1Ep2 D. Ep1Ep2【答案

14、】BC【解析】AB、粒子P、Q從A、B兩點(diǎn)分別到0點(diǎn)。有AO點(diǎn)間的電勢(shì)差小于BO點(diǎn)間的電勢(shì)差，所以粒子P的動(dòng)能增加量小于粒子Q的動(dòng)能增加量，所以v1v2，故A錯(cuò)誤、B正確；CD、過A點(diǎn)畫出等勢(shì)面，根據(jù)沿著電場線方向電勢(shì)降低，所以A點(diǎn)電勢(shì)低于B點(diǎn)電勢(shì)，由于帶電粒子帶正電，所以Ep1Ep2，故C正確、D錯(cuò)誤。故選：BC。12. 一個(gè)帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻速度方向如圖所示，帶電拉子受到的重力和洛侖茲力的合力的方向恰好與速度方向相反。不計(jì)阻力，那么接下去的一小段時(shí)間內(nèi)，帶電粒子（ ）A. 可能做勻減速運(yùn)動(dòng)B. 不可能做勻減速運(yùn)動(dòng)C. 可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)D. 不可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)【答案】BD【解析

15、】A、勻減速運(yùn)動(dòng)的合外力應(yīng)該恒定不變，帶電粒子在磁場中受到重力和洛倫茲力兩個(gè)力作用，而洛倫茲力的大小與速度大小成正比，若減速，則其洛倫茲力將減小，粒子的合外力 將發(fā)生變化，不再恒定，所以不可能做勻減速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，B正確；C、若要做勻速直線運(yùn)動(dòng)，重力和洛倫茲力必須平衡，大小相等，方向相反，由圖可知洛倫茲力方向斜向左上方，與重力方向不在同一直線上，兩者不可能平衡，則不可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤，D正確。點(diǎn)睛：本題考查分析質(zhì)點(diǎn)的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況的能力，要根據(jù)勻減速運(yùn)動(dòng)和勻速直線運(yùn)動(dòng)的條件進(jìn)行分析，抓住洛倫茲力的大小與速度大小成正比是關(guān)鍵。二、實(shí)驗(yàn)題13. （1）在“用多用電表測(cè)電阻、電流和電壓”的實(shí)驗(yàn)中_A.在測(cè)量電阻時(shí)，更換倍率后必須重新進(jìn)行調(diào)零B.在測(cè)量電流時(shí)，更換量程后必須重新進(jìn)行調(diào)零C.在測(cè)量未知電阻時(shí)，必須先選擇倍率最大擋進(jìn)行試測(cè)D.在測(cè)量未知電流時(shí)，必須先選擇電流最大量程進(jìn)行試測(cè)（2）在“用電流表和電壓表測(cè)定電池的電