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1、永春一中高二年（理）物理期末試卷 一、單項(xiàng)選擇題30分（給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)正確，每小題3分）1. 如圖所示，小磁針正上方的直導(dǎo)線與小磁針平行，當(dāng)導(dǎo)線中有電流時(shí)，小磁針會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)首先觀察到這個(gè)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的物理學(xué)家和觀察到的現(xiàn)象是( )A. 物理學(xué)家伽利略，小磁針的N極垂直轉(zhuǎn)向紙內(nèi)B. 天文學(xué)家開普勒，小磁針的S極垂直轉(zhuǎn)向紙內(nèi)C. 大物理學(xué)家牛頓，但小磁針靜止不動(dòng)D. 物理學(xué)家奧斯特, 小磁針的N極垂直轉(zhuǎn)向紙內(nèi)【答案】D【解析】發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場(chǎng)的科學(xué)家是奧斯特，根據(jù)安培定則可知該導(dǎo)線下方飛磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，因此小磁針的N極垂直轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，D正確2. 下列關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度的兩個(gè)表達(dá)式E和

2、E的敘述，不正確的是（ ）A. E是電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，F(xiàn)是放入電場(chǎng)中的電荷所受的力，q是產(chǎn)生電場(chǎng)的電荷的電荷量B. E是電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，F(xiàn)是放入電場(chǎng)中電荷所受的電場(chǎng)力，q是放入電場(chǎng)中電荷的電荷量，它適用于任何電場(chǎng)C. E是點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)的計(jì)算式，Q是產(chǎn)生電場(chǎng)的電荷的電荷量，它不適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)D. 從點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)計(jì)算式分析庫侖定律的表達(dá)式F，其中是點(diǎn)電荷q2產(chǎn)生的電場(chǎng)在點(diǎn)電荷q1處的場(chǎng)強(qiáng)大小，而是點(diǎn)電荷q1產(chǎn)生的電場(chǎng)在q2處場(chǎng)強(qiáng)的大小【答案】A【解析】公式為電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，適合一切電場(chǎng)強(qiáng)度的計(jì)算，公式中F表示試探電荷受到的電場(chǎng)力，q表示試探電荷的電荷量，不是場(chǎng)源電荷的電荷量，A錯(cuò)誤B正確；公式為點(diǎn)

3、電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式，只適用于點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度的計(jì)算，Q為場(chǎng)源電荷的電荷量，其是利用電場(chǎng)強(qiáng)度定義式和庫侖定律表達(dá)式推導(dǎo)出來的，其中是點(diǎn)電荷q2產(chǎn)生的電場(chǎng)在點(diǎn)電荷q1處的場(chǎng)強(qiáng)大小，而是點(diǎn)電荷q1產(chǎn)生的電場(chǎng)在q2處場(chǎng)強(qiáng)的大小，CD正確3. 如圖所示，直線a為電源的U-I圖線，直線b為電阻R的U-I圖線，用該電源和該電阻組成閉合電路時(shí)，電源的輸出功率和電源的效率分別為( ).A. 4W、33.3B. 2W、33.3C. 4W、67D. 2W、67【答案】C4. 在圖所示的電場(chǎng)中，有A、B、C三點(diǎn)。關(guān)于這三點(diǎn)的描述，正確的是：（ ）A. A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最大、A點(diǎn)的電勢(shì)最低B. A點(diǎn)的電勢(shì)最高、B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最弱C.

4、 C點(diǎn)無電場(chǎng)線，所以場(chǎng)強(qiáng)為零、電勢(shì)為零D. 將一個(gè)帶正電的試探電荷從A點(diǎn)由靜止釋放，只考慮電場(chǎng)力, 此試探電荷一定會(huì)沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)【答案】B【點(diǎn)睛】電場(chǎng)強(qiáng)度的大小看電場(chǎng)線的疏密程度，電場(chǎng)線越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大，電勢(shì)的高低看電場(chǎng)線的指向，沿著電場(chǎng)線電勢(shì)一定降低電場(chǎng)線并不存在，是虛擬的，是認(rèn)為引入的，而物體的運(yùn)動(dòng)軌跡是實(shí)際存在的，故電場(chǎng)線不是電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡；在任意兩條電場(chǎng)線之間雖沒有電場(chǎng)線，但仍有電場(chǎng)5. 某同學(xué)畫的表示磁場(chǎng)B、電流I和安培力F的相互關(guān)系如下圖所示，其中正確的是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】根據(jù)左手定則可知，A圖中安培力方向應(yīng)該向上，故A正確；根據(jù)左手定則可

5、知，B圖中安培力應(yīng)該垂直于磁場(chǎng)斜向上，故B錯(cuò)誤；根據(jù)左手定則可知，C圖中磁場(chǎng)方向和電流方向在同一直線上，不受安培力作用，故C錯(cuò)誤；根據(jù)左手定則可知，D圖中安培力方向垂直于導(dǎo)體棒向上，故D錯(cuò)誤故選A6. 如圖所示，設(shè)兩極板正對(duì)面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為.實(shí)驗(yàn)中，極板所帶電荷量不變，若()A. 保持S不變，增大d，則變大B. 保持S不變，增大d，則變小C. 保持d不變，減小S，則變小D. 保持d不變，減小S，則不變【答案】A【解析】試題分析：根據(jù)電容的定義式，保持S不變，增大d，電容C減小，再根據(jù)Q=CU，知U增大，所以變大故A正確，B錯(cuò)誤保持d不變，減小S，電容減小，再根據(jù)Q=

6、CU，知U增大，所以變大故CD錯(cuò)誤故選A考點(diǎn)：電容器的動(dòng)態(tài)分析7. 如圖所示，在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界上，有兩個(gè)質(zhì)量和電荷量均相同的正負(fù)離子（不計(jì)重力），從點(diǎn)O以相同的速率先后射入磁場(chǎng)中，入射方向與邊界成角，則正負(fù)離子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況，以下選項(xiàng)錯(cuò)誤的是（ ）A. 運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同B. 運(yùn)動(dòng)軌道的半徑相同C. 重新回到邊界時(shí)速度的大小和方向相同D. 重新回到邊界的位置與O點(diǎn)距離相等【答案】A【解析】粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期為，則知兩個(gè)離子圓周運(yùn)動(dòng)的周期相等根據(jù)左手定則分析可知，正離子逆時(shí)針偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子順時(shí)針偏轉(zhuǎn)，重新回到邊界時(shí)正離子的速度偏轉(zhuǎn)角為2-2，軌跡的圓心角也為2-2，運(yùn)動(dòng)時(shí)間同理，負(fù)離

7、子運(yùn)動(dòng)時(shí)間，顯然時(shí)間不等故A錯(cuò)誤根據(jù)牛頓第二定律得： 得：，由題意可知q、v、B大小均相同，則r相同故B正確正負(fù)離子在磁場(chǎng)中均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度沿軌跡的切線方向，根據(jù)圓的對(duì)稱性可知，重新回到邊界時(shí)速度大小與方向相同故C正確根據(jù)幾何知識(shí)得知重新回到邊界的位置與O點(diǎn)距離S=2rsin，r、相同，則S相同故D正確故選BCD點(diǎn)睛：帶電粒子垂直射入單邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，可分兩類模型分析：一為同方向射入的不同粒子；二為同種粒子以相同的速率沿不同方向射入無論哪類模型，都遵守以下規(guī)律：（1）軌跡的圓心在入射方向的垂直線上，?？赏ㄟ^此垂線的交點(diǎn)確定圓心的位置（2）粒子射出方向與邊界的夾角等于射入方向與邊界的夾角

8、8. 如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，則()A. 電壓表讀數(shù)減小B. 電流表讀數(shù)減小C. 質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動(dòng)D. R3上消耗的功率逐漸增大【答案】A【解析】由圖可知，R2與滑動(dòng)變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再由R1串聯(lián)接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)R4的滑片向a移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，路端電壓增大，則R1兩端的電壓減小，可知并聯(lián)部分的電壓增大，電壓表讀數(shù)增大由歐姆定律可知流過R3的電流增大，根據(jù)并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知：流過R2的電流減小，則電

9、流表示數(shù)減?。还蔄錯(cuò)誤，B正確；因電容器兩端電壓增大，板間場(chǎng)強(qiáng)增大，質(zhì)點(diǎn)受到的向上電場(chǎng)力增大，故質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動(dòng)，故C正確；因R3兩端的電壓增大，由P=可知，R3上消耗的功率增大； 故D正確；故選BCD點(diǎn)睛：解決動(dòng)態(tài)變化分析的題目，一般可以按照整體-局部-整體的思路進(jìn)行分析，注意電路中某一部分電阻增大時(shí)，無論電路的連接方式如何，總電阻都是增大的9. 在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中放一電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌跟大線圈M相接，如圖所示。導(dǎo)軌上放一根導(dǎo)線ab，磁感線垂直于導(dǎo)軌所在平面。當(dāng)導(dǎo)線ab加速向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，M所包圍的小閉合線圈N產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向，及所具有的形變趨勢(shì)是：（ ）A. N有順時(shí)針方向的電流，且有收

10、縮的趨勢(shì)B. N有順時(shí)針方向的電流，且有擴(kuò)張的趨勢(shì)C. N有逆時(shí)針方向的電流，且有收縮的趨勢(shì)D. N有逆時(shí)針方向的電流，且有擴(kuò)張的趨勢(shì)【答案】C【解析】ab向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，由右手定則可知，感應(yīng)電流由a流向b，ab加速運(yùn)動(dòng)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：變大，感應(yīng)電流：變大，穿過N的磁通量增大，為阻礙磁通量的增加，由楞次定律可知，N有收縮的趨勢(shì)，由楞次定律可知，N中感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向，C正確10. 有一較小的三角形線框abc的ab邊與磁場(chǎng)邊界平行，線框底邊bc的長(zhǎng)度小于磁場(chǎng)的寬度，現(xiàn)使此線框水平向右勻速穿過磁場(chǎng)區(qū)域，運(yùn)動(dòng)過程中始終保持速度方向與ab邊垂直設(shè)電流逆時(shí)針方向?yàn)檎瑒t下列各圖中表示線框在上述過程中感應(yīng)電流

11、隨時(shí)間變化的規(guī)律正確的是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】試題分析：由法拉第電磁感應(yīng)定律可得，進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中有，則,切割磁感線的有效長(zhǎng)度L減小，則感應(yīng)電流減小，又磁通量增大感應(yīng)電流為逆時(shí)針方向；全部進(jìn)入后，磁通量不變，沒有感應(yīng)電流，離開過程順時(shí)針方向感應(yīng)電流，逐漸減小。故選D考點(diǎn)：電磁感應(yīng)中的圖象問題點(diǎn)評(píng)：注意公式中的L為有效長(zhǎng)的，由楞次定律判斷感應(yīng)電流方向。二、不定項(xiàng)選擇題15分（有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得1分，有錯(cuò)選的得0分。）11. 一臺(tái)直流電動(dòng)機(jī)的電阻為R，額定電壓為U，額定電流為I，當(dāng)其正常工作時(shí)，下述正確的是()A. 電動(dòng)機(jī)所消耗的電功率I2R

12、B. t秒內(nèi)所產(chǎn)生的電熱為UItC. t秒內(nèi)所產(chǎn)生的電熱為I2RtD. t秒內(nèi)輸出的機(jī)械能為(UIR)It【答案】CD【解析】試題分析：電動(dòng)機(jī)所消耗的電功率，所以A錯(cuò)誤；計(jì)算的是電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻發(fā)熱的部分，是發(fā)熱的功率，所以產(chǎn)生的電熱為，所以B錯(cuò)誤，C正確；秒內(nèi)所產(chǎn)生的機(jī)械能為電動(dòng)機(jī)的總功減去發(fā)熱的部分，所以機(jī)械功，所以D正確。考點(diǎn)：電功、電功率【名師點(diǎn)睛】對(duì)于電功率的計(jì)算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對(duì)于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計(jì)算公式是不一樣的；要注意根據(jù)功能關(guān)系分析輸出功率的大小。12. 回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其主體部分是兩個(gè)D形金屬盒，兩金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場(chǎng)

13、中，并分別與高頻交流電源兩極相連接，從而使粒子每次經(jīng)過兩盒間的狹縫時(shí)加速，如圖所示?，F(xiàn)要增大帶電粒子從回旋加速器射出時(shí)的動(dòng)能，下列方法可行的是（ ）A. 增大狹縫間的距離B. 增大D形金屬盒的半徑C. 增大高頻交流電壓D. 增大磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度【答案】BD【解析】帶電粒子從D形盒中射出時(shí)的動(dòng)能，帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則圓周半徑，聯(lián)立可得，顯然，當(dāng)帶電粒子q、m一定的，則，即隨磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B、D形金屬盒的半徑R的增大而增大，與加速電場(chǎng)的電壓和狹縫距離無關(guān)，BD正確【點(diǎn)睛】回旋加速器中帶電粒子在電場(chǎng)被加速，每通過電場(chǎng)，動(dòng)能被增加一次；而在磁場(chǎng)里做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，通過磁場(chǎng)時(shí)只改變粒子的運(yùn)

14、動(dòng)方向，動(dòng)能卻不變因此帶電粒子在一次加速過程中，電場(chǎng)電壓越大，動(dòng)能增加越大但從D形盒中射出的動(dòng)能，除與每次增加的動(dòng)能外，還與加速次數(shù)有關(guān)所以加速電壓越大，回旋次數(shù)越少，最大動(dòng)能只由磁感應(yīng)強(qiáng)度和D形金屬盒的半徑?jīng)Q定13. 如圖甲、乙所示的電路中，電阻R和自感線圈L的電阻值都很小，且小于燈A的電阻，接通S，使電路達(dá)到穩(wěn)定，燈泡A發(fā)光，則( )A. 在電路甲中，斷開S后，A將逐漸變暗B. 在電路甲中，斷開S后，A將先變得更亮，然后逐漸變暗C. 在電路乙中，斷開S后，A將逐漸變暗D. 在電路乙中，斷開S后，A將先變得更亮，然后逐漸變暗【答案】AD【解析】在電路甲中，斷開S，由于線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電

15、流變小，導(dǎo)致回路中的電流逐漸減小，A將逐漸變暗故A正確，B錯(cuò)誤；在電路乙中，由于電阻R和自感線圈L的電阻值都很小，所以通過燈泡的電流比線圈的電流小，斷開S時(shí)，由于線圈阻礙電流變小，于是原來通過線圈的電流通過燈泡形成新的回路，由于通過燈泡A的電流比原來的大，導(dǎo)致A將變得更亮一下，然后逐漸變暗故C錯(cuò)誤，D正確故選AD點(diǎn)睛：線圈中電流變化時(shí)，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；線圈電流增加，相當(dāng)于一個(gè)瞬間電源接入電路，線圈左端是電源正極當(dāng)電流減小時(shí)，相當(dāng)于一個(gè)瞬間電源，線圈右端是電源正極14. 如圖所示，有一金屬塊放在垂直于側(cè)面C的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)有穩(wěn)恒電流自左向右通過時(shí)，下列說法正確的是()A. 金屬塊上表面的電勢(shì)高于下表面的電勢(shì)B. 磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時(shí)，金屬塊上、下兩表面間的電勢(shì)差U增大C. 電流增大時(shí)，金屬塊上、下兩表面間的電勢(shì)差U減小D. 電流不變時(shí)，金屬塊中單位體積內(nèi)自由電子越多，上、下兩表面間的電勢(shì)差U越小【答案】BD【解析】根據(jù)左手定則，知電子向上表面偏轉(zhuǎn)