《2018高考物理大一輪復(fù)習(xí)第3章牛頓運(yùn)動(dòng)定律第2節(jié)牛頓第二定律兩類動(dòng)力學(xué)問(wèn)題課時(shí)規(guī)范訓(xùn)練.doc-匯文網(wǎng)》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2018高考物理大一輪復(fù)習(xí)第3章牛頓運(yùn)動(dòng)定律第2節(jié)牛頓第二定律兩類動(dòng)力學(xué)問(wèn)題課時(shí)規(guī)范訓(xùn)練.doc-匯文網(wǎng)（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、牛頓第二定律 兩類動(dòng)力學(xué)問(wèn)題課時(shí)規(guī)范訓(xùn)練基礎(chǔ)鞏固題組1物塊A放置在與水平地面成30角傾斜的木板上時(shí)，剛好可以沿斜面勻速下滑；若該木板與水平面成60角傾斜，取g10 m/s2，則物塊A沿此斜面下滑的加速度大小為()A5 m/s2B3 m/s2C(5) m/s2 D. m/s2解析：選D.由物塊在傾角為30的木板上勻速下滑，得Ffmgsin ，又FN1mgcos 30，F(xiàn)fFN1，求得動(dòng)摩擦因數(shù)；在傾角為60的木板上物塊加速下滑，有FN2mgcos 60，mgsin 60FN2ma，求得a m/s2，D對(duì)2(多選)如圖所示，質(zhì)量為m1 kg的物體與水平地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3，當(dāng)物體運(yùn)動(dòng)的速度

2、為10 m/s時(shí)，給物體施加一個(gè)與速度方向相反的大小為F2 N的恒力，在此恒力作用下(取g10 m/s2)()A物體經(jīng)10 s速度減為零B物體經(jīng)2 s速度減為零C物體速度減為零后將保持靜止D物體速度減為零后將向右運(yùn)動(dòng)解析：選BC.物體受到向右的滑動(dòng)摩擦力，F(xiàn)fFNG3 N，根據(jù)牛頓第二定律得，am/s25 m/s2，方向向右，物體減速到0所需的時(shí)間t s2 s，B正確，A錯(cuò)誤減速到零后，F(xiàn)Ff，物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，不再運(yùn)動(dòng)，C正確，D錯(cuò)誤3如圖所示，a、b兩物體的質(zhì)量分別為m1和m2，由輕質(zhì)彈簧相連當(dāng)用恒力F豎直向上拉著a，使a、b一起向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)量為x1，加速度大小為a1；

3、當(dāng)用大小仍為F的恒力沿水平方向拉著a，使a、b一起沿光滑水平桌面做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)量為x2，加速度大小為a2.則有()Aa1a2，x1x2 Ba1a2，x1x2Ca1a2，x1x2 Da1a2，x1x2解析：選B.對(duì)a、b物體及彈簧整體分析，有：a1g，a2，可知a1a2，再隔離b分析，有：F1m2gm2a1，解得：F1，F(xiàn)2m2a2，可知F1F2，再由胡克定律知，x1x2.所以B選項(xiàng)正確4如圖所示，質(zhì)量分別為m、2m的小球A、B，由輕質(zhì)彈簧相連后再用細(xì)線懸掛在電梯內(nèi)，已知電梯正在豎直向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，細(xì)線中的拉力為F，此時(shí)突然剪斷細(xì)線在線斷的瞬間，彈簧的彈力大小和小球A的加速度

4、大小分別為()A.，g B.，gC.，g D.，g解析：選A.在細(xì)線剪斷前，對(duì)A、B及彈簧整體由牛頓第二定律有F3mg3ma，對(duì)B由牛頓第二定律得F彈2mg2ma，由此可得F彈；細(xì)線被剪斷后的瞬間，彈簧彈力不變，此時(shí)對(duì)A球來(lái)說(shuō)，受到向下的重力和彈力，則有F彈mgmaA，解得aAg，故A正確5(多選)如圖所示，A、B球的質(zhì)量相等，彈簧的質(zhì)量不計(jì)，傾角為的斜面光滑，系統(tǒng)靜止時(shí)，彈簧與細(xì)線均平行于斜面，在細(xì)線被燒斷的瞬間，下列說(shuō)法正確的是()A兩個(gè)小球的瞬時(shí)加速度均沿斜面向下，大小均為gsin BB球的受力情況未變，瞬時(shí)加速度為零CA球的瞬時(shí)加速度沿斜面向下，大小為2gsin D彈簧有收縮的趨勢(shì)，B

5、球的瞬時(shí)加速度向上，A球的瞬時(shí)加速度向下，瞬時(shí)加速度都不為零解析：選BC.對(duì)A、B整體受力分析，細(xì)線燒斷前細(xì)線對(duì)A球的拉力FT2mgsin ，細(xì)線燒斷瞬間，彈簧彈力與原來(lái)相等，B球受力平衡，aB0，A球所受合力與FT等大反向，則FT2mgsin maA，解得aA2gsin ，A、D錯(cuò)誤，B、C正確6一質(zhì)量為m2 kg的滑塊能在傾角為30的足夠長(zhǎng)的斜面上以a2.5 m/s2勻加速下滑如右圖所示，若用一水平向右的恒力F作用于滑塊，使之由靜止開始在t2 s內(nèi)能沿斜面運(yùn)動(dòng)位移x4 m求：(g取10 m/s2)(1)滑塊和斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)恒力F的大小解析：(1)以物塊為研究對(duì)象受力分析如圖甲

6、所示，根據(jù)牛頓第二定律可得：mgsin 30mgcos 30ma解得：.(2)使滑塊沿斜面做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有加速度向上和向下兩種可能當(dāng)加速度沿斜面向上時(shí)，受力分析如圖乙所示，F(xiàn)cos 30mgsin 30(Fsin 30mgcos 30)ma1，根據(jù)題意可得a12 m/s2，代入數(shù)據(jù)得：F N當(dāng)加速度沿斜面向下時(shí)(如圖丙)：mgsin 30Fcos 30(Fsin 30mgcos 30)ma1代入數(shù)據(jù)得：F N.答案：(1)(2) N或 N綜合應(yīng)用題組7(多選)如圖所示，總質(zhì)量為460 kg的熱氣球，從地面剛開始豎直上升時(shí)的加速度為0.5 m/s2，當(dāng)熱氣球上升到180 m時(shí)，以5 m/s的

7、速度向上勻速運(yùn)動(dòng)，若離開地面后熱氣球所受浮力保持不變，上升過(guò)程中熱氣球總質(zhì)量不變，重力加速度g取10 m/s2.關(guān)于熱氣球，下列說(shuō)法正確的是()A所受浮力大小為4 830 NB加速上升過(guò)程中所受空氣阻力保持不變C從地面開始上升10 s后的速度大小為5 m/sD以5 m/s的速度勻速上升時(shí)所受空氣阻力大小為230 N解析：選AD.熱氣球從地面剛開始上升時(shí)，速度為零，不受空氣阻力，只受重力、浮力，由牛頓第二定律知Fmgma，得F4 830 N，選項(xiàng)A正確；隨著熱氣球速度逐漸變大，其所受空氣阻力發(fā)生變化(變大)，故熱氣球并非勻加速上升，其加速度逐漸減小，故上升10 s后速度要小于5 m/s，選項(xiàng)B、

8、C錯(cuò)誤；最終熱氣球勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)熱氣球所受重力、浮力、空氣阻力平衡，由Fmgf得f230 N，選項(xiàng)D正確8乘坐“空中纜車”飽覽大自然的美景是旅游者絕妙的選擇若某一纜車沿著坡度為30的山坡以加速度a上行，如圖所示在纜車中放一個(gè)與山坡表面平行的斜面，斜面上放一個(gè)質(zhì)量為m的小物塊，小物塊相對(duì)斜面靜止(設(shè)纜車保持豎直狀態(tài)運(yùn)行)則 ()A小物塊受到的摩擦力方向平行斜面向上B小物塊受到的摩擦力方向平行斜面向下C小物塊受到的滑動(dòng)摩擦力為mgmaD小物塊受到的靜摩擦力為ma解析：選A.小物塊相對(duì)斜面靜止，因此小物塊與斜面間的摩擦力是靜摩擦力纜車以加速度a上行，小物塊的加速度也為a，以物塊為研究對(duì)象，則有Ffm

9、gsin 30ma，F(xiàn)fmgma，方向平行斜面向上，故A正確，B、C、D均錯(cuò)誤9質(zhì)量1 kg的小物塊，在t0時(shí)刻以5 m/s的初速度從斜面底端A點(diǎn)滑上傾角為53的斜面，0.7 s時(shí)第二次經(jīng)過(guò)斜面上的B點(diǎn)，若小物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，則AB間的距離為(已知g10 m/s2，sin 530.8，cos 530.6)()A1.05 m B1.13 mC2.03 m D1.25 m解析：選B.物塊沿斜面上滑和下滑時(shí)，加速度分別為：a1g(sin cos )10 m/s2，a2g(sin cos )6 m/s2，物塊滑到最高點(diǎn)所用時(shí)間為：t10.5 s，位移為：x1a1t1.25 m，物塊從最高點(diǎn)滑

10、到B點(diǎn)所用時(shí)間為：t2tt10.2 s，位移為：x2a2t0.12 m，所以AB間的距離為x1x21.13 m，選項(xiàng)B對(duì)10(多選)質(zhì)量m2 kg、初速度v08 m/s的物體沿著粗糙的水平面向右運(yùn)動(dòng)，物體與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.1，同時(shí)物體還要受一個(gè)如圖所示的隨時(shí)間變化的水平拉力F的作用，水平向右為拉力的正方向則以下結(jié)論正確的是(取g10 m/s2)()A01 s內(nèi)，物體的加速度大小為2 m/s2B12 s內(nèi)，物體的加速度大小為2 m/s2C01 s內(nèi)，物體的位移為7 mD02 s內(nèi)，物體的總位移為11 m解析：選BD.由題圖可知，在01 s內(nèi)力F為6 N，方向向左，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律可得Fm

11、gma，解得加速度大小a4 m/s2，在12 s內(nèi)力F為6 N，方向向右，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律可得Fmgma1，解得加速度大小a12 m/s2，所以選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；由運(yùn)動(dòng)關(guān)系可知01 s內(nèi)位移為6 m，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；同理可計(jì)算02 s內(nèi)的位移為11 m，選項(xiàng)D正確11聲音在空氣中的傳播速度v與空氣的密度、壓強(qiáng)p有關(guān)，下列速度的表達(dá)式(k為比例系數(shù)，無(wú)單位)中正確的是()Avk Bv Cv Dv解析：選B.可把p、的單位用基本單位表示，代入進(jìn)行單位運(yùn)算，看得出的單位是否是v的單位壓強(qiáng)p的單位用基本單位表示為Pa，密度的單位用基本單位表示為，所以的單位為，易知B正確12如圖所示，傾角為30的光滑斜面與

12、粗糙的水平面平滑連接現(xiàn)將一滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從斜面上A點(diǎn)由靜止釋放，最終停在水平面上的C點(diǎn)已知A點(diǎn)距水平面的高度h0.8 m，B點(diǎn)距C點(diǎn)的距離L2.0 m(滑塊經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)沒(méi)有能量損失，g取10 m/s2)，求：(1)滑塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度；(2)滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(3)滑塊從A點(diǎn)釋放后，經(jīng)過(guò)時(shí)間t1.0 s時(shí)速度的大小解析：(1)滑塊先在斜面上做勻加速運(yùn)動(dòng)，然后在水平面上做勻減速運(yùn)動(dòng)，故滑塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度最大為vm，設(shè)滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a1，由牛頓第二定律得：mgsin 30ma1v2a1，解得vm4 m/s.(2)滑塊在水平面上運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a2，由牛頓第二定律得：mgma2v2a2L，解得0.4.(3)滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1，有vma1t1，解得t10.8 s由于tt1，故滑塊已經(jīng)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)，做勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為tt10.2 s設(shè)t1.0 s時(shí)速度大小為v，有vvma2(tt1)，解得v3.2 m/s.答案：(1)4 m/s(2)0.4(3)3.2 m/s