《2018高考物理大一輪復(fù)習(xí)第6章碰撞動(dòng)量守恒定律第1節(jié)動(dòng)量動(dòng)量定理動(dòng)量守恒定律課時(shí)規(guī)范訓(xùn)練.doc-匯文網(wǎng)》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2018高考物理大一輪復(fù)習(xí)第6章碰撞動(dòng)量守恒定律第1節(jié)動(dòng)量動(dòng)量定理動(dòng)量守恒定律課時(shí)規(guī)范訓(xùn)練.doc-匯文網(wǎng)（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、動(dòng)量 動(dòng)量定理 動(dòng)量守恒定律課時(shí)規(guī)范訓(xùn)練基礎(chǔ)鞏固題組1關(guān)于物體的動(dòng)量，下列說法中正確的是()A物體的動(dòng)量越大，其慣性也越大B同一物體的動(dòng)量越大，其速度不一定越大C物體的加速度不變，其動(dòng)量一定不變D運(yùn)動(dòng)物體在任一時(shí)刻的動(dòng)量方向一定是該時(shí)刻的速度方向解析：選D.慣性大小的唯一量度是物體的質(zhì)量，如果物體的動(dòng)量大，但也有可能物體的質(zhì)量很小，所以不能說物體的動(dòng)量大其慣性就大，故A錯(cuò)誤；動(dòng)量等于物體的質(zhì)量與物體速度的乘積，即pmv，同一物體的動(dòng)量越大，其速度一定越大，故B錯(cuò)誤；加速度不變，速度是變化的，所以動(dòng)量一定變化，故C錯(cuò)誤；動(dòng)量是矢量，動(dòng)量的方向就是物體運(yùn)動(dòng)的方向，故D正確2. 運(yùn)動(dòng)員向球踢了一腳(

2、如圖)，踢球時(shí)的力F100 N，球在地面上滾動(dòng)了t10 s停下來，則運(yùn)動(dòng)員對(duì)球的沖量為()A1 000 NsB500 NsC零 D無法確定解析：選D.滾動(dòng)了t10 s是地面摩擦力對(duì)足球的作用時(shí)間不是踢球的力的作用時(shí)間，由于不能確定人作用在球上的時(shí)間，所以無法確定運(yùn)動(dòng)員對(duì)球的沖量3(多選)如圖所示為兩滑塊M、N之間壓縮一輕彈簧，滑塊與彈簧不連接，用一細(xì)繩將兩滑塊拴接，使彈簧處于鎖定狀態(tài)，并將整個(gè)裝置放在光滑的水平面上燒斷細(xì)繩后到兩滑塊與彈簧分離的過程中，下列說法正確的是()A兩滑塊的動(dòng)量之和變大B兩滑塊與彈簧分離后動(dòng)量等大反向C如果兩滑塊的質(zhì)量相等，則分離后兩滑塊的速率也相等D整個(gè)過程中兩滑塊的

3、機(jī)械能增大解析：選BCD.對(duì)兩滑塊所組成的系統(tǒng)，互推過程中，合外力為零，總動(dòng)量守恒且始終為零，A錯(cuò)誤；由動(dòng)量守恒定律得0mMvMmNvN，顯然兩滑塊動(dòng)量的變化量大小相等，方向相反，B正確；當(dāng)mMmN時(shí)，vMvN，C正確；由于彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為兩滑塊的動(dòng)能，則兩滑塊的機(jī)械能增大，D正確4(多選)靜止在湖面上的小船中有兩人分別向相反方向水平拋出質(zhì)量相同的小球，先將甲球向左拋，后將乙球向右拋拋出時(shí)兩小球相對(duì)于河岸的速率相等，水對(duì)船的阻力忽略不計(jì)，則下列說法正確的是()A兩球拋出后，船向左以一定速度運(yùn)動(dòng)B兩球拋出后，船向右以一定速度運(yùn)動(dòng)C兩球拋出后，船的速度為0D拋出時(shí)，人給甲球的沖量比人給乙球的沖

4、量大解析：選CD.水對(duì)船的阻力忽略不計(jì)，根據(jù)動(dòng)量守恒定律，兩球拋出前，由兩球、人和船組成的系統(tǒng)總動(dòng)量為0，兩球拋出后的系統(tǒng)總動(dòng)量也是0.兩球質(zhì)量相等，速度大小相等，方向相反，合動(dòng)量為0，船的動(dòng)量也必為0，船的速度必為0.具體過程是：當(dāng)甲球向左拋出后，船向右運(yùn)動(dòng)，乙球拋出后，船靜止人給甲球的沖量I甲mv0，人給乙球的沖量I2mvmv，v是甲球拋出后的船速，方向向右，所以乙球的動(dòng)量變化量小于甲球的動(dòng)量變化量，乙球所受沖量也小于甲球所受沖量5高空作業(yè)須系安全帶，如果質(zhì)量為m的高空作業(yè)人員不慎跌落，從開始跌落到安全帶對(duì)人剛產(chǎn)生作用力前人下落的距離為h(可視為自由落體運(yùn)動(dòng))，此后經(jīng)歷時(shí)間t安全帶達(dá)到最大

5、伸長(zhǎng)，若在此過程中該作用力始終豎直向上，則該段時(shí)間安全帶對(duì)人的平均作用力大小為()A.mgB.mgC.mg D.mg解析：選A.由動(dòng)量定理得(mgF)t0mv，得Fmg.選項(xiàng)A正確6. (多選)靜止在光滑水平面上的物體，受到水平拉力F的作用，拉力F隨時(shí)間t變化的圖象如圖所示，則下列說法中正確的是()A04 s內(nèi)物體的位移為零B04 s內(nèi)拉力對(duì)物體做功為零C4 s末物體的動(dòng)量為零D04 s內(nèi)拉力對(duì)物體的沖量為零解析：選BCD.由圖象可知物體在4 s內(nèi)先做勻加速后做勻減速運(yùn)動(dòng)，4 s末的速度為零，位移一直增大，A錯(cuò)；前2 s拉力做正功，后2 s拉力做負(fù)功，且兩段時(shí)間做功代數(shù)和為零，故B正確；4 s

6、末的速度為零，故動(dòng)量為零，故C正確；根據(jù)動(dòng)量定理，04 秒內(nèi)動(dòng)量的變化量為零，所以拉力對(duì)物體的沖量為零，故D正確7如圖所示，甲、乙兩名宇航員正在離空間站一定距離的地方執(zhí)行太空維修任務(wù)某時(shí)刻甲、乙都以大小為v02 m/s的速度相向運(yùn)動(dòng)，甲、乙和空間站在同一直線上且可當(dāng)成質(zhì)點(diǎn)甲和他的裝備總質(zhì)量為M190 kg，乙和他的裝備總質(zhì)量為M2135 kg，為了避免直接相撞，乙從自己的裝備中取出一質(zhì)量為m45 kg的物體A推向甲，甲迅速接住A后即不再松開，此后甲、乙兩宇航員在空間站外做相對(duì)距離不變的同向運(yùn)動(dòng)，且安全“飄”向空間站(設(shè)甲、乙距離空間站足夠遠(yuǎn)，本題中的速度均指相對(duì)空間站的速度)(1)乙要以多大的

7、速度v(相對(duì)于空間站)將物體A推出？(2)設(shè)甲與物體A作用時(shí)間為t0.5 s，求甲與A的相互作用力F的大小解析：(1)以甲、乙、A三者組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以乙的方向?yàn)檎较颍瑒t有：M2v0M1v0(M1M2)v1以乙和A組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，有：M2v0(M2m)v1mv代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得v10.4 m/s，v5.2 m/s(2)以甲為研究對(duì)象，由動(dòng)量定理得，F(xiàn)tM1v1(M1v0)代入數(shù)據(jù)解得F432 N答案：(1)5.2 m/s(2)432 N綜合應(yīng)用題組8. (多選)如圖把重物壓在紙帶上，用一水平力緩緩拉動(dòng)紙帶，重物跟著一起運(yùn)動(dòng)，若迅速拉動(dòng)紙帶，紙帶將會(huì)從重物下面拉出，解釋

8、這些現(xiàn)象的正確說法是()A在緩慢拉動(dòng)紙帶時(shí)，重物和紙帶間的摩擦力大B在迅速拉動(dòng)時(shí)，紙帶給重物的摩擦力小C在緩慢拉動(dòng)紙帶時(shí)，紙帶給重物的沖量大D在迅速拉動(dòng)時(shí)，紙帶給重物的沖量小解析：選CD.在緩慢拉動(dòng)紙帶時(shí)，兩物體之間的作用力是靜摩擦力，在迅速拉動(dòng)時(shí)，它們之間的作用力是滑動(dòng)摩擦力由于通常認(rèn)為滑動(dòng)摩擦力等于最大靜摩擦力，所以一般情況是緩拉摩擦力小，快拉摩擦力大，故判斷A、B都錯(cuò)；在緩慢拉動(dòng)紙帶時(shí)，摩擦力雖小些，但作用時(shí)間可以很長(zhǎng)，故重物獲得的沖量即動(dòng)量的變化可以很大，所以能把重物帶動(dòng)，快拉時(shí)，摩擦力雖大些，但作用時(shí)間很短，故沖量小，所以重物動(dòng)量改變很小9(多選)某同學(xué)質(zhì)量為60 kg，在軍事訓(xùn)練中

9、要求他從岸上以大小為2 m/s的速度跳到一條向他緩緩飄來的小船上，然后去執(zhí)行任務(wù)，小船的質(zhì)量是140 kg，原來的速度大小是0.5 m/s，該同學(xué)上船后又跑了幾步，最終停在船上則()A人和小船最終靜止在水面上B該過程同學(xué)的動(dòng)量變化量為105 kgm/sC船最終的速度是0.95 m/sD船的動(dòng)量變化量是105 kgm/s解析：選BD.規(guī)定人原來的速度方向?yàn)檎较?，設(shè)人上船后，船與人共同速度為v.由題意，水的阻力忽略不計(jì)，該同學(xué)跳上小船后與小船達(dá)到同一速度的過程，人和船組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，則由動(dòng)量守恒定律得：m人v人m船v船(m人m船)v，代入數(shù)據(jù)解得：v0.25 m/s，方向與

10、人的速度方向相同，與船原來的速度方向相反故A錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤；人的動(dòng)量的變化p為：pm人vm人v人60(0.252)105 kgm/s，負(fù)號(hào)表示方向與選擇的正方向相反；故B正確；船的動(dòng)量變化量為：pm船vm船v船140(0.250.5)105 kgm/s；故D正確10如圖所示，一質(zhì)量M3.0 kg的長(zhǎng)方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一質(zhì)量為m1.0 kg的小木塊A.現(xiàn)以地面為參照系，給A和B以大小均為4.0 m/s，方向相反的初速度，使A開始向左運(yùn)動(dòng)，B開始向右運(yùn)動(dòng)，但最后A并沒有滑離木板B.站在地面的觀察者看到在一段時(shí)間內(nèi)小木塊A正在做加速運(yùn)動(dòng)，則在這段時(shí)間內(nèi)的某時(shí)刻木板B相對(duì)地面的速度

11、大小可能是()A2.4 m/sB2.8 m/sC3.0 m/s D1.8 m/s解析：選A.A相對(duì)地面速度為0時(shí)，木板的速度為v1，由動(dòng)量守恒得(向右為正)：MvmvMv1，解得：v1 m/s.木塊從此時(shí)開始向右加速，直到兩者有共速為v2，由動(dòng)量守恒得：Mvmv(Mm)v2，解得：v22 m/s，故B對(duì)地的速度在2 m/s m/s范圍內(nèi)，選項(xiàng)A正確11如圖甲所示，物塊A、B的質(zhì)量分別是mA4.0 kg和mB3.0 kg.用輕彈簧拴接，放在光滑的水平地面上，物塊B右側(cè)與豎直墻相接觸，另有一物塊C從t0時(shí)以一定速度向右運(yùn)動(dòng)，在t4 s時(shí)與物塊A相碰，并立即與A粘在一起不再分開，物塊C的vt圖象如圖

12、乙所示，求：(1)物塊C的質(zhì)量mC；(2)從物塊C與A相碰到B離開墻的運(yùn)動(dòng)過程中彈簧對(duì)A物體的沖量大小解析：(1)由圖可知，C與A碰前速度為v19 m/s，碰后速度為v23 m/s，C與A碰撞過程動(dòng)量守恒，mCv1(mAmC)v2，代入數(shù)據(jù)解得mC2 kg.(2)12 s時(shí)B離開墻壁，此時(shí)B速度為零，A、C速度相等時(shí)，v3v2從物塊C與A相碰到B離開墻的運(yùn)動(dòng)過程中，A、C兩物體的動(dòng)量變化為：p(mAmC)v3(mAmC)v2從物塊C與A相碰到B離開墻的運(yùn)動(dòng)過程中彈簧對(duì)A物體的沖量大小為I2(mAmC)v2，代入數(shù)據(jù)整理得到I36 Ns.答案：(1)2 kg(2)36 Ns12. 如圖所示，質(zhì)量

13、為0.4 kg的木塊以2 m/s的速度水平地滑上靜止的平板小車，小車的質(zhì)量為1.6 kg，木塊與小車之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2(g取10 m/s2)設(shè)小車足夠長(zhǎng)，求：(1)木塊和小車相對(duì)靜止時(shí)小車的速度；(2)從木塊滑上小車到它們處于相對(duì)靜止所經(jīng)歷的時(shí)間；(3)從木塊滑上小車到它們處于相對(duì)靜止木塊在小車上滑行的距離解析：(1)以木塊和小車為研究對(duì)象，由動(dòng)量守恒定律可得mv0(Mm)v解得：vv00.4 m/s.(2)再以木塊為研究對(duì)象，由動(dòng)量定理可得mgtmvmv0解得：t0.8 s.(3)木塊做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度為a1g2 m/s2小車做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度為a20.5 m/s2在此過程中木塊的位移為x10.96 m車的位移為：x2a2t20.50.82 m0.16 m由此可知，木塊在小車上滑行的距離為：xx1x20.8 m.答案：(1)0.4 m/s(2)0.8 s(3)0.8 m