《2019版高考物理一輪復(fù)習(xí)第六章動(dòng)量守恒定律課后分級演練18動(dòng)量定理和動(dòng)量守恒定律.doc-匯文網(wǎng)》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019版高考物理一輪復(fù)習(xí)第六章動(dòng)量守恒定律課后分級演練18動(dòng)量定理和動(dòng)量守恒定律.doc-匯文網(wǎng)（7頁珍藏版）》請?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、課后分級演練(十八) 動(dòng)量定理和動(dòng)量守恒定律【A級基礎(chǔ)練】1(2017江西贛州三中測試)物體在恒定的合力作用下做直線運(yùn)動(dòng)，在時(shí)間t1內(nèi)動(dòng)能由零增大到E1，在時(shí)間t2內(nèi)動(dòng)能由E1增加到2E1，設(shè)合力在時(shí)間t1內(nèi)做的功為W1，沖量為I1，在時(shí)間t2內(nèi)做的功是W2，沖量為I2，則()AI1I2，W1W2CI1I2，W1W2DI1I2，W1I2，綜上知，B正確2.(多選)(2017常德模擬)如圖所示，質(zhì)量為m的小球從距離地面高H的A點(diǎn)由靜止開始釋放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用到達(dá)距地面深度為h的B點(diǎn)時(shí)速度減為零不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g.關(guān)于小球下落的整個(gè)過程，下列說法正確的有()A

2、小球的機(jī)械能減少了mg(Hh)B小球克服阻力做的功為mghC小球所受阻力的沖量大于mD小球動(dòng)量的改變量等于所受阻力的沖量解析：AC本題考查動(dòng)能定理、動(dòng)量定理等知識，意在考查考生應(yīng)用動(dòng)能定理、動(dòng)量定理解決實(shí)際問題的能力在整個(gè)過程中，小球機(jī)械能的減少量等于其重力勢能的減少量，為mg(Hh)，故A對；由動(dòng)能定理，可推出小球克服阻力做的功為mg(Hh)，故B錯(cuò)；在陷入泥潭過程中，由動(dòng)量定理，可推出小球受阻力的沖量大于m，故C對；在整個(gè)過程中，小球動(dòng)量的改變量等于所受合力的沖量，故D錯(cuò)3.如圖所示，質(zhì)量為M的滑槽內(nèi)有半徑為R的半圓軌道，將滑槽放在水平面上，左端緊靠墻壁一質(zhì)量為m的物體從半圓軌道的頂端a點(diǎn)

3、無初速度釋放，b點(diǎn)為半圓軌道的最低點(diǎn)，c點(diǎn)為半圓軌道另一側(cè)與a等高的點(diǎn)不計(jì)一切摩擦下列說法正確的是()Am從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)過程中，m與M組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒、水平方向動(dòng)量守恒Bm從a點(diǎn)釋放后運(yùn)動(dòng)的全過程中，m的機(jī)械能守恒Cm釋放后能夠到達(dá)c點(diǎn)D當(dāng)m首次從右向左到達(dá)最低點(diǎn)b時(shí)，M的速度達(dá)到最大解析：Dm首次下滑過程，墻對系統(tǒng)有向右的彈力，因此系統(tǒng)水平方向動(dòng)量不守恒；系統(tǒng)沒有摩擦和介質(zhì)阻力，因此m從a點(diǎn)釋放后運(yùn)動(dòng)的全過程中，系統(tǒng)機(jī)械能始終守恒，但M的機(jī)械能比初狀態(tài)增加了，因此m的機(jī)械能不守恒；m第一次到最低點(diǎn)后，M離開墻，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，當(dāng)m和M共速時(shí)，系統(tǒng)具有動(dòng)能，因此m的勢能必小于mgR

4、，故m不能到達(dá)c點(diǎn)；m第一次在圓軌道右半側(cè)上滑行過程對M的彈力始終向右下方，有水平向右的分力，因此M始終加速，m從右向左通過最低點(diǎn)b后，M開始減速故選項(xiàng)D正確4.如圖所示，籃球運(yùn)動(dòng)員接傳來的籃球時(shí)，通常要先伸出兩臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球迅速引至胸前，這樣做可以()A減小球的動(dòng)量的變化量B減小球?qū)κ肿饔昧Φ臎_量C減小球的動(dòng)量變化率D延長接球過程的時(shí)間來減小動(dòng)量的變化量解析：C籃球運(yùn)動(dòng)員接傳來的籃球時(shí)，不能改變動(dòng)量的變化量，A、D錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)量定理，也不能改變沖量，B錯(cuò)誤；由于延長了作用時(shí)間，動(dòng)量的變化慢了，C正確5.如圖所示，PQS是固定于豎直平面內(nèi)的光滑的圓周軌道，圓心O在S的正上方在O

5、和P兩點(diǎn)各有一個(gè)質(zhì)量為m的小物塊a和b，從同一時(shí)刻開始，a自由下落，b沿圓弧下滑以下說法正確的是()Aa比b先到達(dá)S，它們在S點(diǎn)的動(dòng)量不相等Ba與b同時(shí)到達(dá)S，它們在S點(diǎn)的動(dòng)量不相等Ca比b先到達(dá)S，它們在S點(diǎn)的動(dòng)量相等Db比a先到達(dá)S，它們在S點(diǎn)的動(dòng)量相等解析：A物體a做自由落體運(yùn)動(dòng)，其加速度為g；而物體b沿圓弧軌道下滑，在豎直方向上加速度在任意高度都小于g，由hat2得tatb；因?yàn)閯?dòng)量是矢量，故a、b到達(dá)S時(shí)，它們的動(dòng)量不相等，故A正確6.如圖所示，質(zhì)量為m的小滑塊沿傾角為的斜面向上滑動(dòng)，經(jīng)過時(shí)間t1速度為零然后又下滑，經(jīng)過時(shí)間t2回到斜面底端，滑塊在運(yùn)動(dòng)過程中受到的摩擦力大小始終為F1

6、.在整個(gè)過程中，重力對滑塊的總沖量為()Amgsin (t1t2)Bmgsin (t1t2)Cmg(t1t2)D0解析：C談到?jīng)_量必須明確是哪一個(gè)力的沖量，此題中要求的是重力對滑塊的沖量根據(jù)沖量的定義式IFt.因此重力對滑塊的沖量應(yīng)為重力乘作用時(shí)間，所以IGmg(t1t2)即C正確7.(多選)光滑水平地面上，A、B兩物體質(zhì)量都為m，A以速度v向右運(yùn)動(dòng)，B原來靜止，左端有一輕彈簧，如圖所示，當(dāng)A撞上彈簧，彈簧被壓縮最短時(shí)()AA、B系統(tǒng)總動(dòng)量仍然為mvBA的動(dòng)量變?yōu)榱鉉B的動(dòng)量達(dá)到最大值DA、B的速度相等解析：AD系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，A正確；彈簧被壓縮到最短時(shí)A、B兩物體具有相同的速度，D正確

7、，B錯(cuò)誤；但此時(shí)B的速度并不是最大的，因?yàn)閺椈蛇€會彈開，故B物體會進(jìn)一步加速，A物體會進(jìn)一步減速，C錯(cuò)誤8.如圖所示，一質(zhì)量為M的長木板在光滑水平面上以速度v0向右運(yùn)動(dòng)，一質(zhì)量為m的小鐵塊在木板上以速度v0向左運(yùn)動(dòng)，鐵塊與木板間存在摩擦，為使木板能保持速度v0向右勻速運(yùn)動(dòng)，必須對木板施加一水平力，直至鐵塊與木板達(dá)到共同速度v0.設(shè)木板足夠長，求此過程中水平力的沖量大小解析：考慮M、m組成的系統(tǒng)，設(shè)M運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量定理有Ft(Mm)v0(Mv0mv0)2mv0則水平力的沖量IFt2mv0.答案：2mv09靜止在太空中的飛行器上有一種裝置，它利用電場加速帶電粒子，形成向外發(fā)射的粒子流

8、，從而對飛行器產(chǎn)生反沖力，使其獲得加速度已知飛行器的質(zhì)量為M，發(fā)射的是2價(jià)氧離子，發(fā)射功率為P，加速電壓為U，每個(gè)氧離子的質(zhì)量為m，單位電荷的電量為e，不計(jì)發(fā)射氧離子后飛行器的質(zhì)量變化，求：(1)射出的氧離子速度；(2)每秒鐘射出的氧離子數(shù)；(3)射出離子后飛行器開始運(yùn)動(dòng)的加速度解析：(1)每個(gè)氧離子帶電量為q2e，由動(dòng)能定理得qUmv2，即得氧離子速度v.(2)設(shè)每秒射出的氧離子數(shù)為n，每秒對離子做的總功為nqU，即功率為PnqU，由此可得每秒鐘射出的氧離子數(shù)n.(3)由動(dòng)量定理得Fnmv，又由牛頓第二定律得FMa，綜合上述各式，得飛行器開始運(yùn)動(dòng)的加速度a.答案：(1) (2)(3) 10.

9、(2017煙臺二模)兩塊厚度相同的木塊A和B，緊靠著放在光滑的水平面上，其質(zhì)量分別為mA2.0 kg，mB0.90 kg，它們的下底面光滑，上表面粗糙，另有一質(zhì)量mC0.10 kg的滑塊C，以vC10 m/s的速度恰好水平地滑到A的上表面，如圖所示由于摩擦，滑塊最后停在木塊B上，B和C的共同速度為0.50 m/s.求：(1)木塊A的最終速度vA；(2)滑塊C離開A時(shí)的速度vC.解析：C從開始滑上A到恰好滑上A的右端過程中，A、B、C組成系統(tǒng)動(dòng)量守恒mCvC(mBmA)vAmCvCC剛滑上B到兩者相對靜止，對B、C組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒mBvAmCvC(mBmC)v解得vA0.25 m/svC2.7

10、5 m/s.答案：(1)0.25 m/s(2)2.75 m/s【B級提升練】11(多選)(2017河南六市一聯(lián))在2016年里約奧運(yùn)跳水比賽中，中國跳水夢之隊(duì)由吳敏霞領(lǐng)銜包攬全部8枚金牌假設(shè)質(zhì)量為m的跳水運(yùn)動(dòng)員從跳臺上以初速度v0向上跳起，跳水運(yùn)動(dòng)員在跳臺上從起跳到入水前重心下降H，入水后受水阻力而減速為零，不計(jì)跳水運(yùn)動(dòng)員水平方向的運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)員入水后到速度為零時(shí)重心下降h，不計(jì)空氣阻力，則()A運(yùn)動(dòng)員起跳后在空中運(yùn)動(dòng)過程中受到合外力沖量大小為mmv0B水對運(yùn)動(dòng)員阻力的沖量大小為mC運(yùn)動(dòng)員克服水的阻力做功為mgHmvD運(yùn)動(dòng)員從跳起到入水后速度減為零的過程中機(jī)械能減少量為mg(Hh)mv解析：AD

11、設(shè)運(yùn)動(dòng)員入水前速度為vt，則由機(jī)械能守恒有mvmgHmv，得vt，據(jù)動(dòng)量定理可得運(yùn)動(dòng)員起跳后在空中運(yùn)動(dòng)過程中受到合外力沖量大小Imvt(mv0)mmv0，A項(xiàng)正確運(yùn)動(dòng)員入水后受豎直向下的重力和豎直向上的阻力，合力的沖量大小為I合m，B項(xiàng)錯(cuò)誤運(yùn)動(dòng)員從跳起到入水后速度減為零的過程中應(yīng)用動(dòng)能定理有mg(Hh)Wf0mv，得運(yùn)動(dòng)員克服水的阻力做功Wfmg(Hh)mv，則C項(xiàng)錯(cuò)誤由能的轉(zhuǎn)化與守恒關(guān)系可知此過程中機(jī)械能的減少量為mg(Hh)mv，D項(xiàng)正確12(多選)(2017湖南六校聯(lián)考)如圖所示，小車的上面固定一個(gè)光滑彎曲圓管道，整個(gè)小車(含管道)的質(zhì)量為2m，原來靜止在光滑的水平面上今有一個(gè)可以看作質(zhì)

12、點(diǎn)的小球，質(zhì)量為m，半徑略小于管道半徑，以水平速度v從左端滑上小車，小球恰好能到達(dá)管道的最高點(diǎn)，然后從管道左端滑離小車關(guān)于這個(gè)過程，下列說法正確的是()A小球滑離小車時(shí)，小車回到原來位置B小球滑離小車時(shí)相對小車的速度大小為vC車上管道中心線最高點(diǎn)的豎直高度為D小球從滑進(jìn)管道到滑到最高點(diǎn)的過程中，小車的動(dòng)量變化大小是解析：BC小球恰好到達(dá)管道的最高點(diǎn)，說明在最高點(diǎn)時(shí)小球和管道之間相對速度為0，小球從滑進(jìn)管道到滑到最高點(diǎn)的過程中，由動(dòng)量守恒有mv(m2m)v，得v，小車動(dòng)量變化大小p車2mmv，D項(xiàng)錯(cuò)誤小球從滑進(jìn)管道到滑到最高點(diǎn)為的過程中，由機(jī)械能守恒有mgHmv2(m2m)v2，得H，C項(xiàng)正確小

13、球從滑上小車到滑離小車的過程，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒有：mvmv12mv2，mv2mv2mv，解得v1，v2v，則小球滑離小車時(shí)相對小車的速度大小為vvv，B項(xiàng)正確由以上分析可知在整個(gè)過程中小車一直向右運(yùn)動(dòng)，A項(xiàng)錯(cuò)誤13如圖所示，甲車質(zhì)量m120 kg，車上有質(zhì)量M50 kg的人，甲車(連同車上的人)以v3 m/s的速度向右滑行，此時(shí)質(zhì)量m250 kg的乙車正以v01.8 m/s的速度迎面滑來，為了避免兩車相撞，當(dāng)兩車相距適當(dāng)距離時(shí)，人從甲車跳到乙車上，求人跳出甲車的水平速度(相對地面)應(yīng)當(dāng)在什么范圍以內(nèi)才能避免兩車相撞？不計(jì)地面和小車的摩擦，且乙車足夠長解析：人跳到乙車上后，如果兩車同向

14、，甲車的速度小于或等于乙車的速度就可以避免兩車相撞以人、甲車、乙車組成的系統(tǒng)為研究對象，由水平方向動(dòng)量守恒得：(m1M)vm2v0(m1m2M)v，解得v1 m/s.以人與甲車為一系統(tǒng)，人跳離甲車過程水平方向動(dòng)量守恒，得：(m1M)vm1v1Mu解得u3.8 m/s.因此，只要人跳離甲車的速度u3.8 m/s，就可避免兩車相撞答案：大于等于3.8 m/s14.(2017湖南益陽4月調(diào)研)一質(zhì)量為2m的物體P靜止于光滑水平地面上，其截面如圖所示圖中ab為粗糙的水平面，長度為L；bc為一光滑斜面，斜面和水平面通過與ab和bc均相切的長度可忽略的光滑圓弧連接現(xiàn)有一質(zhì)量為m的木塊以大小為v0的水平初速

15、度從a點(diǎn)向左運(yùn)動(dòng)，在斜面上上升的最大高度為h，返回后在到達(dá)a點(diǎn)前與物體P相對靜止重力加速度為g.求(1)木塊在ab段受到的摩擦力f；(2)木塊最后距a點(diǎn)的距離s.解析：(1)從開始到木塊到達(dá)最大高度過程：由動(dòng)量守恒：mv03mv1由能量守恒：mv3mvmghfL解得：f(2)木塊從最大高度至與物體最終相對靜止：由動(dòng)量守恒：3mv13mv2由能量守恒：3mvmgh3mvfx距a點(diǎn)的距離：sLx解得：sLL答案：(1)(2)L15.如圖所示，長L0.8 m、電阻r0.3 、質(zhì)量r0.1 kg的金屬棒CD垂直跨放在位于水平面上的兩條平行光滑金屬導(dǎo)軌上，兩導(dǎo)軌間距也是L，棒與導(dǎo)軌間接觸良好，導(dǎo)軌電阻不

16、計(jì)，導(dǎo)軌左端接有R0.5 的電阻量程為03.0 A的理想電流表串接在一條導(dǎo)軌上，量程為01.0 V的理想電壓表接在電阻R的兩端，垂直導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場B向下穿過平面，現(xiàn)以向右的恒定外力F使金屬棒右移，當(dāng)金屬棒以v2 m/s的速度在導(dǎo)軌平面上勻速滑動(dòng)時(shí)，觀察到電路中的一個(gè)電表正好滿偏，而另一個(gè)電表未滿偏(1)此滿偏的電表是什么表？說明理由；(2)拉動(dòng)金屬棒的外力F多大？(3)此時(shí)撤去外力F，金屬棒將逐漸慢下來，最終停在導(dǎo)軌上求從撤去外力到金屬棒停止運(yùn)動(dòng)的過程中通過電阻R的電荷量解析：(1)電壓表滿偏若電流表滿偏，則I3 A，UIR1.5 V，大于電壓表量程(2)由功能關(guān)系有FvI2(Rr)，而I，所以F代入數(shù)據(jù)得F N1.6 N.(3)由動(dòng)量定理有mvIBLt，兩邊求和mv1mv2BLI1t1BLI2t2即mvBLq.由電磁感應(yīng)定律EBLv及EI(Rr)解得q.代入數(shù)據(jù)得q C0.25 C.答案：(1)見解析(2)1.6 N(3)0.25 C