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1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、國際單位制由基本單位和導出單位組成，下列物理單位屬于基本單位的是( )A.m/sB.NC.

2、mD.m/s22、在力的分解中，已知合力F40N，分力F1的方向與合力的夾角為37，如圖所示，則當另一分力F2取最小值時，分力F1的大小為（已知sin370.6，cos370.8）（）A.24NB.30NC.32ND.50N3、某同學繞操場兩周跑了800米，用時4分鐘。以上提及的 “800米”、“4分鐘”分別是指（ ）A.路程、時間B.位移、時間C.路程、時刻D.位移、時刻4、如圖所示是甲、乙兩物體從同一點出發(fā)的位移時間（st）圖象，由圖象可以看出在04s這段時間內（）A.甲、乙兩物體始終同向運動B.4s末甲、乙兩物體相遇C.甲的平均速度大于乙的平均速度D.甲、乙兩物體之間的最大距離為6m5、

3、如圖所示，為a、b兩物體沿直線運動的位移時間圖像，下列說法中正確的是（ ）A.M點表示a、b兩物體t1時刻相遇B.a、b兩個物體的運動方向相反C.0t1時間內，a物體比b物體的速度大D.a、b兩物體均做勻加速直線運動6、下列說法正確的是（）A.同一個物體受到的合外力越大時，它的速度變化一定越快B.電冰箱靜止于水平地面上，電冰箱對地面的壓力就是電冰箱的重力C.馬拉著車在水平路面上向前奔跑時，馬拉車的力大于車拉馬的力D.物體速度越大慣性也越大7、如圖所示，在光滑水平面上，用水平外力F拉動小車和木塊一起無相對滑動地做加速運動小車質量為M，木塊質量為m，拉力大小為F，加速度大小為a，木塊和小車之間動摩

4、擦因數，則在這個過程中，木塊受到的摩擦力大小是（）A.B.C.D.8、如圖所示，在粗糙水平地面上放著一個截面為四分之一圓弧的柱狀物體A，A的左端緊靠豎直墻，A與豎直墻之間放一光滑圓球B，整個裝置處于靜止狀態(tài)，若把A向右移動少許后，它們仍處于靜止狀態(tài)，則（）A.物體A與球B之間的作用力減小B.球B對墻的壓力增大C.物體A對地面的壓力減小D.地面對物體A的摩擦力減小9、物體由靜止做勻加速直線運動，第5 s內通過的位移是4.5 m，則()A.第5 s內平均速度是0.9 m/sB.物體的加速度是1 m/s2C.前3 s內的位移是1.5 mD.3 s末的速度是3 m/s10、在豎直向下的勻強磁場中，將一

5、水平放置的金屬棒PQ以初速度v0水平拋出，如圖所示。棒在運動過程中始終保持水平，空氣阻力不計，那么下列說法中正確的是（）A.PQ棒兩端的電勢一定滿足B.PQ棒中的感應電動勢越來越大C.PQ棒中的感應電動勢越來越小D.PQ棒中的感應電動勢保持不變11、如圖所示，相隔一定距離的兩個相同圓柱體固定在同一水平高度處，一輕繩套在兩圓柱體上，輕繩下端懸掛一重物，繩和圓柱體之間的摩擦忽略不計現增加輕繩長度，而其他條件保持不變，則（ ）A.輕繩對物體的作用力的合力將變大B.輕繩對物體的作用力的合力將不變C.輕繩的張力將變大D.輕繩的張力將變小12、如圖所示，一水平傳送帶長為4m，以10m/s的速度做勻速運動。

6、現將一物塊由靜 止輕放到傳送帶的A端，已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數為0.2，g取10m/s2。 則物塊在傳送帶上運動過程中，下列判斷正確的是（ ）A.物塊一直做勻加速運動B.物塊先做勻加速運動再做勻速運動C.物塊從A端運動到B端所用的時間為5sD.物塊從A端運動到B端所用的時間為2s二填空題(每小題6分，共18分)13、如圖所示，某同學在研究平拋運動的實驗中，在小方格紙畫出小球做平拋運動的軌跡以后，又在軌跡上取出a、b、c、d四個點（軌跡已擦去）已知小方格紙的邊長L=2.5cm，g取10m/s2，請你根據小方格紙上的信息，完成下面幾個問題：（結果保留三位有效數字）(1)小球平拋運動的初速度v

7、0=_m/s；(2)物體運動到b點時的瞬時速度vb=_m/s；(3)從拋出點到c點所經歷的時間是_s；14、用接在50Hz交流電源上的打點計時器測定小車做勻加速直線運動的加速度，得到如圖所示的一條紙帶，從比較清晰的點開始起，取若干個計數點，分別標上0、1、2、3（每相鄰的兩個計數點間有4個打印點未標出），量得0與1兩點間的距離x1=30mm，3與4兩點間的距離x4=48mm則小車在0與1兩點間的平均速度為_m/s，小車的加速度為_m/s215、某同學利用如圖所示的裝置測量彈簧的勁度系數k。他先將待測彈簧的一端固定在鐵架臺上，然后將毫米刻度尺豎直放在彈簧的一側，并使彈簧另一端的指針恰好落在刻度尺

8、上。當彈簧自然下垂時，指針指示的刻度數值為10.00cm。彈簧下端掛300g的鉤碼時，指針指示的刻度數值如圖所示，其讀數為_cm。取重力加速度，可求得該彈簧的勁度系數為_N/m。三計算題(22分)16、（12分）如圖所示，質量均為的物體A、B緊挨著放置在粗糙的水平面上，物體A的右側連接勁度系數為的輕質彈簧，彈簧另一端固定在豎直墻壁上，開始時兩物體壓緊彈簧并恰好處于靜止狀態(tài)現對物體B施加水平向左的拉力，使A和B整體向左做勻加速運動，加速度大小為，直至B與A分離已知兩物體與水平面間的動摩擦因數均為，兩物體與水平面之間的最大靜摩擦力均與滑動摩擦力相等，取重力加速度求：（1）靜止時，物體A對B的彈力大

9、??；（2）水平向左拉力的最大值；（3）物體A、B開始分離時的速度17、（10分）如圖，位于水平地面上的木塊質量為M20kg受到大小為F100N、方向與水平方向成a53角的拉力作用后由靜止開始水平向右做勻加速直線運動若木塊與地面之間的動摩擦因數為0.2，求：（1）畫出木塊的受力示意圖，求木塊對地面的壓力？（2）木塊的加速度多大？（3）拉力作用下木塊在前5s內的位移多大？參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】解答本題關鍵應掌握：國際

10、單位制中七個基本單位，力學中有三個：kg、s、m；【詳解】力學中的基本物理量有三個，它們分別是長度、質量、時間，它們的單位分別為m、kg、s，而m/s、N、m/s2是導出單位，不是基本單位，故C正確，ABD錯誤【點睛】本題考查對力學國際單位制中基本單位的掌握程度，可結合基本物理量一起記憶2、C【解析】已知合力和一個分力與合力的夾角，根據平行四邊形定則作圖分解即可；【詳解】合力為，一個分力與水平方向的夾角是，根據平行四邊形定則作圖，如圖所示：可知，分力的最小值為，則此時分力，故選項C正確，選項ABD錯誤【點睛】本題關鍵是確定合力與分力的方向，然后根據平行四邊形定則作圖分析，最后根據幾何關系求解3

11、、A【解析】“800米”是路徑的長度，是路程；“4分鐘”分別是指時間間隔，即時間；故A正確。故選A。4、B【解析】根據位移時間圖象表示物體的位置隨時間的變化，圖象上的任意一點表示該時刻的位置，圖象的斜率表示該時刻的速度，斜率的正負表示速度的方向【詳解】由于位移時間圖象斜率表示該時刻的速度，可以從圖中看出乙物體的速度（斜率）始終為正值，即速度始終為正方向，甲物體前兩秒內速度為正方向，2秒末到4秒末速度為負方向，故A錯誤；4s秒末兩物體的位置坐標相同，說明兩物體相遇，故B正確；由圖知：4s內甲的位移大小為s甲x2m02m，乙的位移大小為s乙x2m02m，可見，位移相等，所用時間也相等，則平均速度相

12、等，故C錯誤；從位移時間圖象來看，兩個物體兩秒末縱坐標讀數之差最大，即兩物體相距最遠，可知2s末兩物體相距最遠，最大距離為s4m1m3m，故D錯誤所以B正確，ACD錯誤【點睛】解答本題關鍵要理解位移時間圖象上點和斜率的物理意義，知道位移時間圖象僅描述直線運動5、A【解析】在x-t圖像中斜率代表速度大小，圖像反應了不同時刻物體所在的位置；AM點表示a、b兩物體在t1時刻兩者在同一點，所以兩者相遇，故A正確；BCD在x-t圖像中斜率表示速度，兩幅圖都表明向正方向做勻速運動，且b的速度大于a的速度，故BCD錯誤。故選A。【點睛】在本題要理解在x-t圖像中斜率代表速度的大小，圖像反應了不同時刻物體所在

13、的位置。6、A【解析】A根據牛頓第二定律，合外力越大，加速度越大，速度變化得越快，A正確；B電冰箱靜止于水平地面上，電冰箱對地面的壓力是地面受的力，而電冰箱的重力是電冰箱受的力，兩個力施力物體和受力物體都不同，B錯誤；C馬拉車的力和車拉馬的力是一對作用力與反作用力，等大反向，C錯誤；D慣性只跟物體的質量有關，質量越大，慣性越大，D錯誤。故選A。7、BCD【解析】先對整體受力分析，受重力、支持力和拉力，根據牛頓第二定律，有：再對物體受力分析，受重力、支持力和向前的靜摩擦力，根據牛頓第二定律有：聯(lián)立解得：對小車受力分析可得：所以車和物體之間的摩擦力的大小為：A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析相符

14、，故B正確；C.與分析相符，故C正確；D.與分析相符，故D正確8、AD【解析】AB畫出球B的受力圖，球B受豎直向下的重力、A對B的支持力F1、豎直墻對B的支持力F2，如圖根據平行四邊形定則可知，當A向右移動少許后，A對B的支持力F1及墻對B的支持力F2均減??；即A與球B之間的作用力減小，球B對墻的壓力減小，故A正確，B錯誤；CD對AB的整體而言，地面對A的摩擦力大小等于墻對B的支持力，所以地面對A的摩擦力減??；地面對A的支持力等于AB兩球的重力之和不改變，所以A對地面的壓力不變。故C錯誤，D正確。故選AD。9、BD【解析】由平均速度的公式第5 s內平均速度是：，故A錯誤；根據推論可知4.5s時

15、刻的速度等于第5s內的平均速度，v4.54.5 m/s，由速度公式vat得加速度為：a1m/s2，故B正確；前3s內，由位移公式得：，故C錯誤；由速度公式vat得3s末的速度是：v313m/s3m/s，故D正確所以BD正確，AC錯誤10、AD【解析】A根據導體切割磁感線的電動勢：式中要求、三者兩兩垂直，所以導體棒平拋運動過程中，切割磁感線的速度為水平初速度，根據右手定則可知四指所指方向為高電勢位置，即，A正確；BCD導體棒在水平方向上做勻速直線運動，所以切割磁感線的速度恒定，所以電動勢恒定，BC錯誤，D正確。故選AD。11、BD【解析】圓柱體相當于定滑輪，不省力，繩子上各處張力大小相等，左右兩

16、根繩對重物的合力與物體的重力大小相等方向相反，由力的合成法可知，即可知繩越長，作用力與豎直方向的夾角越小以重物和繩子整體為研究對象，分析受力情況，由平衡條件分析圓柱體對繩子的作用力變化解：AB、對重物受力分析可知，左右兩根繩對重物的合力與物體的重力大小相等方向相反，所以輕繩對物體的作用力的合力不變，所以A錯誤，B正確；CD、以重物和繩子整體為研究對象，分析受力情況：重力、圓柱體A對繩子的作用力FA，圓柱體B對繩子的作用力FB，根據對稱性可知，FA=FB，由平衡條件可得2FAcos=G，是圓柱體對繩子的作用力與豎直方向夾角，G是物體的重力繩越長時，越小，cos越大，則FA越小所以繩越長時，輕繩的

17、張力將變小，所以C錯誤，D正確故選BD【點評】本題考查力的合成和平衡條件，要抓住繩子的彈力對稱性進行分析判斷注意關于滑輪的問題，跨在滑輪上的繩子兩側的拉力大小相等12、AD【解析】物體剛放上傳送帶時設動過程中物體的加速度為a，根據牛頓第二定律得：mg=ma代入數據解得：a=2m/s2；設達到與皮帶共速度v時發(fā)生的位移為x1，所用時間為t，則有：v2=2ax1代入數據解得：x1=25mL=4m說明物塊從A到B一直做加速運動，則從A到B加速位移： 即故AD正確、BC錯誤。故選AD。二填空題(每小題6分，共18分)13、 .1.00 .1.25 .0.125【解析】根據連續(xù)相等時間內的位移之差是一恒

18、量求出相等的時間間隔，結合水平位移和時間間隔求出平拋運動的初速度根據豎直方向上某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出c點的豎直分速度，結合平行四邊形定則求出b點的速度根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出c點豎直分速度，結合速度時間公式求出運動的時間【詳解】（1）由y=gT2得，則初速度（2）而，所以（3）b點豎直分速度vb=0.75m/s由vcy=vby+gt得：vcy=1.25m/s【點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合運動學公式和推論進行求解14、 .0.30 .0.60【解析】根據平均速度的定義可知小車在0與1兩點間平均速度為：=；

19、根據勻變速直線運動的推論有：所以：15、 .13.00 .100【解析】1毫米刻度尺的最小刻度為1mm，需估讀到0.1mm，則讀數為13.00cm；2 300g的鉤碼的重力為：彈簧的伸長量為：對鉤碼由二力平衡可得：解得：三計算題(22分)16、（1）靜止時，物體A對B的彈力大小為15N （2）水平向左拉力F的最大值為21N （3）物體A、B開始分離時的速度為0.6m/s【解析】（1）開始時，彈簧壓緊，AB兩物體恰好處于靜止狀態(tài)，AB整體作為研究對象，則有在水平方向，由平衡條件得：對A進行受力分析，在水平方向則有：聯(lián)立以上兩式可得：B對A的作用力和A對B的作用力是作用力和反作用力，故有：（2）物體A、B分離時，F最大，對物體B，由牛頓第二定律得：代入數據解得：（3）物體A、B靜止時，彈簧壓縮的距離為x0，對A、B系統(tǒng)，由平衡條件得：物體A、B開始分離時，對物體A，由牛頓第二定律：從靜止到物體A和B分離，物體運動的位移為：根據勻變速運動的規(guī)律得：代入數據解得：17、（1）120N；（2）1.8m/s2；（3）22.5m 【解析】(1)受力如圖豎直方向FN+Fsin530-mg=0,得FN =120N,根據牛頓第三定律可知木塊對地面的壓力大小為120N，方向豎直向下(2)根據牛頓第二定律，水平方向Fcos530-FN =ma得a=1.8m/s2；(3)