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1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、我國的“神舟”系列航天飛船的成功發(fā)射和順利返回，顯示了我國航天事業(yè)取得的巨大成就。已知地球的質量為M，引力常量為G，飛船的質量為m，設飛船繞地球做勻速圓周運動的軌道半徑為r，則（

2、）A飛船在此軌道上的運行速率為B飛船在此圓軌道上運行的向心加速度為C飛船在此圓軌道上運行的周期為D飛船在此圓軌道上運行所受的向心力為2、關于磁感強度B,下列說法中正確的是（ ）A在磁場中磁感線越密集的地方，磁感應強度越大B磁場中某點B的方向，與放在該點的試探電流元所受磁場力方向一致C在磁場中某點的試探電流元不受磁場力作用時，該點B值大小為零D磁場中某點B的大小，與放在該點的試探電流元的情況有關3、如圖所示，電源電動勢為，內阻為電路中的、分別為總阻值一定的滑動變阻器，為定值電阻，為光敏電阻（其電阻隨光照強度增大而減?。┊旈_關閉合時，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止狀態(tài)下列說法中正確的是（ ）A只逐

3、漸增大的光照強度，電阻消耗的電功率變大，電阻中有向上的電流B只調節(jié)電阻的滑動端向上端移動時，電源消耗的功率變大，電阻中有向上的電流C只調節(jié)電阻的滑動端向下端移動時，電壓表示數(shù)變大，帶電微粒向下運動D若斷開開關，電容器所帶電荷量變大，帶電微粒向上運動4、在街頭的理發(fā)店門口，常可以看到一個轉動的圓筒，如圖所示，外表有螺旋斜條紋，人們感覺條紋在沿豎直方向運動，但實際上條紋在豎直方向并沒有升降，這是由于圓筒的轉動使眼睛產(chǎn)生的錯覺假設圓筒上的條紋是圍繞圓筒的一條寬帶，相鄰兩圈條紋在沿圓筒軸線方向的距離（即螺距）為d，如果觀察到條紋以速度v向上運動，則從下往上看圓筒的轉動情況是（ ）A順時針轉速B順時針轉

4、速C逆時針轉速D逆時針轉速5、如圖所示，物體A、B、C疊放在水平桌面上，力F作用在物體C上后，各物體仍保持靜止狀態(tài)，那么以下說法中正確的是( )AC不受摩擦力作用BB不受摩擦力作用CA受的各個摩擦力的合力不為零DA、B、C三個物體組成的整體所受摩擦力為零6、關于電源電動勢，以下說法中正確的是A電源的電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，所以當電源接入電路時，電動勢將發(fā)生變化B在閉合電路中，并聯(lián)在電源兩端電壓表的讀數(shù)是電源的電動勢C電源電動勢是表示電源將其他形式的能轉化為電能本領大小的物理量D電動勢越大，說明靜電力在電源內部從負極向正極移送單位電荷量的電荷做功越多。二、多項選擇題：本題共4小

5、題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一塊足夠長的木板，放在光滑水平面上，在木板上自左向右放有序號是1、2、3、n的木塊，所有木塊的質量均為m，與木塊間的動摩擦因數(shù)都相同.開始時，木板靜止不動，第1、2、3、n號木塊的初速度分別為v0、2v0、3v0、nv0，v0方向向右，木板的質量與所有木塊的總質量相等，最終所有木塊與木板以共同速度勻速運動，則 A所有木塊與木板一起勻速運動的速度為v0B所有木塊與木板一起勻速運動的速度為v0C若n=3，則第2號木塊在整個運動過程中的最小速度為D若n=

6、3，則第2號木塊在整個運動過程中的最小速度為8、如圖所示的電路中，電源的電動勢為、內阻為（），定值電阻.閉合開關，理想電壓表示數(shù)為，理想電流表示數(shù)為；在滑動變阻器的滑片由端滑到端的過程中A先變小后變大B與的比值先變大后變小C與的乘積先增大后減小D的變化量的絕對值與的變化量的絕對值的比值小于9、關于摩擦起電現(xiàn)象，下列說法正確的是()A摩擦起電現(xiàn)象使本來沒有電子和質子的物體中產(chǎn)生電子和質子B兩種不同材料的絕緣體互相摩擦后，同時帶上等量異種電荷C摩擦起電，可能是因為摩擦導致質子從一個物體轉移到了另一個物體而形成的D絲綢摩擦玻璃棒時，電子從玻璃棒上轉移到絲綢上，玻璃棒因質子數(shù)多于電子數(shù)而顯正電10、如

7、圖所示,某勻強電場中A、B、C、D四點構成一個菱形,對角線AC=12 cm,BD=16 cm,一個質子從A移到B,電場力做了24 eV的功;一個電子從A移到C,克服電場力做了24 eV的功。其中A點的電勢為零,則下列說法正確的是( )AD點的電勢D=0BD點的電勢D=-24 VC電場強度E=250 N/CD電場強度E=200 N/C三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了測量某待測電阻 Rx 的阻值（約為30 ），有以下一些器材可供選擇。電流表A1（量程 050 mA，內阻約 10 ）； 電流表A2（量程 03 A，內阻約 0.1

8、2）； 電壓表V1（量程 03 V，內阻很大）； 電壓表V2（量程 015 V，內阻很大）；電源 E（電動勢約為 3 V，內阻約為 0.2 ）； 定值電阻 R（20 ，允許最大電流 1.0 A）； 滑動變阻器 R1（010 ，允許最大電流 2.0 A）； 滑動變阻器 R2（01 k，允許最大電流 0.5 A）； 單刀單擲開關 S 一個，導線若干。（1）電流表應選_，電壓表應選_，滑動變阻器應選_。（填 字母代號）（2）請在方框內畫出測量電阻 Rx 的實驗電路圖。（要求測量范圍盡可能大）（_） （3）某次測量中，電壓表示數(shù)為 U 時，電流表示數(shù)為 I，則計算待測電阻阻值的 表達式為 Rx_。12

9、（12分）某同學要測量一個由均勻新合金材料制成的金屬絲的電阻率.(1)該同學用游標卡尺測量金屬絲的長度如圖甲所示，可知其長度為L_mm.(2)如圖乙所示，用螺旋測微器測金屬絲的直徑，測量值d_mm.(3)選用“10”倍率的電阻擋測量，發(fā)現(xiàn)多用電表指針偏轉過大，因此需選擇“_”倍率的電阻擋(填“1”或“100”)，并_，再進行正確測量，多用電表的示數(shù)如圖丙所示，測量結果為R_.(4)該金屬絲電阻率的表達式為_.(用R、d、L表示)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示中，一根垂直紙面放置的通電直導線，電

10、流垂直紙內向里，電流強度為I，其質量為m，長為L，當加上一個勻強磁場時，導體仍能夠靜止在傾角為的光滑斜面，問：（1）最小應加一個多大的磁場？方向如何？（2）調節(jié)磁感應強度的大小和方向，使導體所受磁場力的大小為mg，且導體保持靜止狀態(tài)，那么斜面所受的壓力是多大？14（16分）如圖所示，有一對平行金屬板，兩板相距為0.05m。電壓為10V；兩板之間有勻強磁場，磁感應強度大小為B0=0.1T，方向與金屬板面平行并垂直于紙面向里。圖中右邊有一半徑R為0.1m、圓心為O的圓形區(qū)域內也存在勻強磁場，磁感應強度大小為B=T，方向垂直于紙面向里。一質量為m=10-26kg帶正電的微粒沿平行于金屬板面，從A點垂

11、直于磁場的方向射入平行金屬板之間，沿直線射出平行金屬板之間的區(qū)域，并沿直徑CD方向射入圓形磁場區(qū)域，最后從圓形區(qū)域邊界上的F點射出。已知速度的偏轉角60，不計微粒重力。求：（1）微粒速度v的大??；（2）微粒的電量q；（3）微粒在圓形磁場區(qū)域中運動時間t。 15（12分）有一電流表G，內阻為，滿偏電流是1mA，求：如果它改裝成量程為的電壓表，要串聯(lián)多大的電阻？改裝后電壓表的內阻是多大？如果它改裝成量程的電流表，要并聯(lián)多大的電阻？改裝后電流表的內阻是多大？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A研究飛船繞地球做

12、勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式解得故A錯誤；B根據(jù)萬有引力提供向心力，得所以故B錯誤；C根據(jù)萬有引力提供向心力，得所以故C正確；D飛船在此圓軌道上運行所受的向心力為萬有引力，得故D錯誤。故選C。2、A【解析】根據(jù)左手定則可知，磁感應強度的方向與安培力的方向垂直；磁感應強度是描述磁場強弱和方向的物理量，通過電流元垂直放置于磁場中所受磁場力與電流元的比值來定義磁感應強度此比值與磁場力及電流元均無關.【詳解】A、磁感線的疏密表示磁場的強弱，在磁場中磁感線越密集的地方，磁感應強度大；故A正確.B、磁場中某點磁感應強度B的方向，與放在該點靜止小磁針N級所指方向一致，故B錯誤；C、當通電直

13、導線的方向與磁場的方向平行時，通電直導線受到的安培力為0，而磁感應強度卻不為0；故C錯誤；D、磁感應強度是描述磁場強弱和方向的物理量，通過電流元垂直放置于磁場中所受磁場力與電流元的比值來定義磁感應強度此比值與磁場力及電流元均無關；故D錯誤.故選A.【點睛】本題關鍵要掌握磁感應強度的物理意義、定義方法，以及磁感應強度與安培力之間的關系，即可進行分析判斷.3、A【解析】逐漸增大的光照強度，的電阻減小，回路總電阻減小，回路總電流增大，根據(jù)可知上消耗的電功率變大，同時，上端電阻兩端電壓也增大，則電容器兩端電壓增大，根據(jù)可知電荷量增加，則中有向上的電流，故A正確恒定電路中電容器所在支路相當于斷路，滑動的

14、滑片不改變電路通電情況，不會發(fā)生任何變化，故B錯誤調節(jié)的滑動端向下移動時，回路總電阻不發(fā)生變化，電壓表測的路端電壓也不發(fā)生變化，示數(shù)不變，但是電容器兩端分得的電壓增大，電場強度增大，電場力大于重力，帶電微粒向上運動，故C錯誤若斷開開關S，則電容器在與、組成的電路中放電，電荷量減少，電壓減小，電場力減小，帶電微粒向下運動，故D錯誤4、D【解析】如果我們觀察到條紋以速度v向上運動，則說明圓筒的轉動從正面看是從右向左的，從上往下看應該是順時針轉動，那么從下往上看圓筒的逆時針轉動t時間內上升高度為，由題意可知：，解得：，故D正確，5、B【解析】對B分析，B在水平方向上平衡，不受摩擦力作用。對C分析，在

15、水平方向上受拉力和靜摩擦力作用，知A對C的摩擦力向左，大小等于F。對A分析，在水平方向上受C對A的摩擦力和地面對A的摩擦力，兩個摩擦力的合力等于0。對整體分析，整體受到地面的摩擦力，大小等于F。故B正確，ACD錯誤。6、C【解析】解：電動勢表征電源把其他形式的能轉化為電能的本領大小，不會因為接入電路而發(fā)生變化,電動勢越大,電源將其他形式的能轉化為電能的本領越大.A錯誤、C正確；根據(jù)閉合電路歐姆定律E=U+Ir,得知,當I=0時,U=E,即電源沒有接入外電路時兩極間的電壓等于電源電動勢.故B錯誤；電動勢越大說明非靜電力在電源內部把單位電荷量的正電荷在電源內從負極移到正極時非靜電力做的功越多,D錯

16、誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】AB.木塊與木板組成的系統(tǒng)動量守恒，以木塊的初速度方向為正方向，對系統(tǒng)，由動量守恒定律得：m(v0+2v0+3v0+nv0)=2nmvn，解得：故A項正確，B項錯誤；CD.第(n1)號木塊與木板相對靜止時，它在整個運動過程中的速度最小，設此時第n號木塊的速度為v。對系統(tǒng)，由動量守恒定律：對第n1號木塊，由動量定理得：對第n號木塊,由動量定理得：由式解得：，當n=3，第2號木塊在整個運動過程中的最小速度：，故C項正確，

17、D項錯誤；8、BD【解析】A在滑動變阻器R1的滑片P由a端滑到b端的過程中，滑動變阻器R1的有效電阻先增大后減小，外電路總電阻先增大后減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：總電流先變小后變大，路端電壓先增大后減小，故A錯誤；BC路端電壓先增大后減小，所以R3中的電流先增大后減小，由于總電流先變小后變大，所以電流表示數(shù)先減小后變大，則與的比值先變大后變小，無法確定與的乘積變化情況，故B正確，C錯誤；D將R3與電源看成新電源，新電源的內阻為r與R3的并聯(lián)值小于r，由閉合電路歐姆定律可知，的變化量的絕對值與的變化量的絕對值即為新電源的內阻，故D正確。9、BD【解析】摩擦起電不會造出電子和質子，也不能使質子

18、在物體間移動，選項A、C錯誤；摩擦起電實質是由于兩個物體的原子核對核外電子的約束能力不同，因而電子在物體間轉移，若一個物體失去電子，其質子數(shù)就會比電子數(shù)多，我們說它帶正電，若一個物體得到電子，其質子數(shù)就會比電子數(shù)少，我們說它帶負電，產(chǎn)生摩擦起電的兩物體所帶電荷是“等量異種電荷”，選項B、D正確10、AC【解析】ABAB間的電勢差為：AC間的電勢差為可知BC兩點的電勢相等，由于AD平行于BC，所以A點電勢與D點電勢相等，即故A正確，B錯誤；CD由，得BC連線即為等勢線，過A點作BC的垂線，如圖，由幾何知識得A點到BC的距離為所以電場強度為故C正確，D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答

19、案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A1 V1 R1 【解析】(1)123 電源電動勢為3V，則電壓表選V1；通過待測電阻的最大電流約為：選量程為3A的電流表讀數(shù)誤差太大；可以把定值電阻與待測電阻串聯(lián)，此時電路最大電流約為：電流表應選擇A1。為方便實驗操作，滑動變阻器應選：R1。(2)4定值電阻與待測電阻串聯(lián)的總阻值約為30+20=50遠大于滑動變阻器最大阻值10，為測多組實驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器應采用分壓接法；由題意可知，電壓表內阻遠大于待測電阻阻值，電流表可以采用外接法，電路圖如圖所示：(3)5 由歐姆定律可知，待測電阻阻值：12、 (1)50.15； (2)0.228(0.

20、2260.229均可以)； (3)1； 重新進行歐姆調零； 13； (4) ；【解析】（1）游標卡尺是20分度的卡尺，其分度值為0.05mm，則圖示讀數(shù)為：50mm+30.05mm=50.15mm；（2）螺旋測微器：不動刻度為0mm，可動刻度為22.80.01mm，則讀數(shù)為0mm+22.80.01mm=0.228mm(0.2260.229均可以)，（3）選用“10”倍率的電阻擋測量，多用電表指針偏轉過大，說明所選擋位太大，為準確測量燈泡電阻，需要選擇1倍率的電阻擋，并重新進行歐姆調零再進行測量；由圖丙所示可知，測量結果為；（4）根據(jù)電阻定律得：，其中，解得：.【點睛】解題本題的關鍵：1、掌握游

21、標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法；2、用歐姆表測電阻要選擇合適的擋位，使指針指在中央刻度線附近，歐姆表換擋后要重新進行歐姆調零。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）最小應加的磁場，方向垂直于斜面向上；（2）斜面所受的壓力是0或2mgcos【解析】試題分析：（1）導體棒所受重力的大小方向不變，支持力的方向不變，根據(jù)三角形定則求出安培力的最小值，從而求出磁感應強度的最小值和方向（2）當導體受到的安培力大小為mg時，有共點力平衡判斷出磁場方向，和斜面受到的壓力；解：（1）根據(jù)三角形定則知，當安培力沿斜面向上時，安培力最

22、小，有：mgsin=BIL解得：B=此時B垂直于斜面向上（2）當導體受到的安培力大小為mg時，有共點力平衡判斷出磁場當受到的安培力豎直向上時，此時支持力為零，由牛頓第三定律可知對斜面的壓力為0當重力在沿斜面的分力 與安培力在沿斜面的分力相等時，此時斜面對物體的支持力為：FN=2mgcos答：（1）最小應加的磁場，方向垂直于斜面向上；（2）斜面所受的壓力是0或2mgcos【點評】解決本題的關鍵會根據(jù)共點力平衡求解力，以及知道根據(jù)三角形定則，當安培力的方向與支持力方向垂直時，安培力有最小值14、（1）2000m/s（2）210-22C（3）【解析】（1）在正交場中運動時： 可解得： v2000m/s（2）偏轉角60則軌跡對應的圓心角60，軌跡半徑解得：q=210-22C（3）根據(jù) 則15、 【解析】（1）根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律寫出表達式，然后解出分壓電阻的阻值即可；（2）根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律列出表達式，然后解出分流電阻即可【詳解】（1）改裝為電壓表時，根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律應有：，代入數(shù)據(jù)解得：；改裝后電壓表的內阻為：；（2）改裝為電流表時，應有：，代入數(shù)據(jù)解得：；改裝后電流表的內阻為：；