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1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某物體m在推力F的作用下沒有運動，經(jīng)時間t后（）A推力的沖量為零B推力的沖量為FtcosC合力的沖量為FtD重力的沖量為mgt2、三根相同的電熱絲分別全部串聯(lián)和全部并聯(lián)

2、，它們發(fā)出相同的熱量，所需通電時間之比為（ ）A91B19C31D133、在空間有正方向為水平向右，場強按如圖所示變化的電場，位于電場中A點的電子在t=0時靜止釋放，運動過程中只受電場力作用。在t=1s時，電子離開A點的距離大小為l,那么在t=3s時，電子將處在（ ）AA點右方3l處 BA點左方2l處CA點左方3l處 DA點4、關于電源的電動勢，下列說法中正確的是（ ）A電動勢的大小與非靜電力所做的功的大小成正比，與移動電荷量的大小成反比B電動勢由電源本身決定，跟電源的內(nèi)電阻和外電阻大小均無關C電動勢的單位與電壓的單位都是伏特，其二者本質(zhì)一樣的D電動勢是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領大

3、小的物理量5、如圖所示，在豎直向下的勻強電場中，用細繩拴一帶負電的小球，使小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，則（）A小球電勢能和重力勢能之和保持不變B小球運動到最高點時繩的張力小于最低點時繩的張力C小球運動到最低點時機械能最大D小球運動到最低點時電勢能最小6、如圖所示，A、B是一個正點電荷電場中的一根電場線，在線上O點放一個自由的負電荷，它將沿電場線向B點運動，下列判斷中哪些是正確的( )A電場線由B指向A，該電荷作加速運動，其加速度越來越小B電場線由B指向A，該電荷作加速運動，其加速度越來越大C電場線由B指向A，該電荷作加速運動，其加速度大小的變化由題設條件不能確定D電場線由A指向B，電荷作勻

4、加速運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖,電容器兩板間有一負電荷q靜止，使q向上運動的措施是( )A兩板間距離增大B兩板間距離減少C兩板相對面積減小D更換一個電壓更大的電源8、如圖所示，單匝線圈ABCD邊長為L，粗細均勻且每邊電阻均為R，在外力作用下以速度v向右勻速全部進入場強為B的勻強磁場，線圈平面垂直于磁場方向，且。以下說法正確的是（ ）A當CD邊剛進入磁場時，CD兩點間電勢差為BLvB若第二次以速度2v勻速全部進入同一磁場，則通過線圈某一橫截面電量是第一

5、次的2倍C若第二次以速度2v勻速全部進入同一磁場，則外力做功的功率為第一次的4倍D若第二次以速度2v勻速全部進入同一磁場，則線圈中產(chǎn)生的熱量是第一次的2倍9、空間有一沿x軸對稱分布的電場，其電場強度E隨x變化的圖象如圖所示。下列說法中正確的是Ax2點的電勢最高BO的電勢高于x2點的電勢C正點電荷在x1點的電勢能等于它在x3點的電勢能D負點電荷在x1點的電勢能等于它在x1點的電勢能10、如圖所示，在水平向右、大小為E的勻強電場中， O點固定一帶電量為Q（Q0）的點電荷，A、B、C、D為以O為圓心、半徑為r的同一圓周上的四點，B、D連線與電場線平行，A、C連線與電場線垂直則 ()AA點的場強大小為

6、BB點的場強大小為CC點的場強大小一定為0DD點的場強大小可能為0三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）一個小燈泡的額定電壓為6.3V，額定電流為0.25A，用以下所給的實驗器材描給出小燈泡的伏安特性曲線A電源E1:輸出電壓恒為8VB電源E2輸出電壓恒為12VC電壓表V：量程為010V，內(nèi)阻約為10kD電流表A1：量程為03A，內(nèi)阻約為0.1E，電流表A2：量程為0300mA，內(nèi)阻的為1F滑動變阻器R：最大阻值為10，定電流為1.0A，開關S，導線若干（1）實驗中電源應選用_，電流表應選用_，選填材前面字母序號（2）在虛線框內(nèi)畫出實

7、驗電路原理圖12（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中。（1）設計如圖所示電路圖，要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化，且能盡量減小系統(tǒng)誤差，開關接_（填“M”或“N”）閉合開關S前滑片P置于_（填“A端”或“B端”）（2）根據(jù)所選電路圖，請在圖中用筆畫線代替導線，把實驗儀器連接成完整的實驗電路_。（3）若實驗中電流表出現(xiàn)故障，不能使用。該同學需將一個滿偏電流為1mA、內(nèi)阻為30的表頭改裝成量程為0-0.6A的電流表，則應將表頭與電阻箱_（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”），并將該電阻箱阻值調(diào)為_.（保留一位有效數(shù)字）（4）實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖所示. 隨著電壓增大，溫度升高，小燈泡的電阻

8、_. （填“增大”，“減小”或“不變”）（5）若把這種規(guī)格的三個小燈泡、按如圖所示電路連接. 當開關S閉合后，電路中的總電流為0.25A，則此時、的實際功率之比為_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，用長l30cm的細線將質(zhì)量m4103kg的帶電小球懸掛在天花板上，空間中存在方向水平向右，大小E1104N/C的勻強電場，小球靜止時細線與豎直方向的夾角37，g取10m/s1(1)分析小球的帶電性質(zhì)；(1)求小球的帶電量；(3)求細線的拉力14（16分）一質(zhì)量m=0.05kg的金屬條擱在相距d=0.0

9、2m的兩金屬軌道上，如圖所示?，F(xiàn)讓金屬條以v0=m/s的初速度從AA進入水平軌道，再由CC進入半徑r=0.05m豎直圓軌道，完成圓周運動后，再回到水平軌道上，整個軌道除圓軌道光滑外，其余均粗糙，運動過程中金屬條始終與軌道垂直。已知由外電路控制，流過金屬條的電流大小始終為=5A，方向如圖中所示，整個軌道處于水平向右的勻強磁場中，磁感應強度B=1T，AC的距離L=0.2m，金屬條恰好能完成豎直面里的圓周運動。試求：(1)金屬條到達豎直圓軌道最高點的速度；(2)水平粗糙軌道的動摩擦因數(shù)；(3)若將CC右側0.06m處的金屬軌道在DD向上垂直彎曲（彎曲處無能量損失），試求金屬條能上升的高度。15（12

10、分）如圖，在水平面上有兩條平行導電導軌MN、PQ,導軌間距離為l，勻強磁場垂直于導軌所在的平面（紙面）向里，磁感應強度的大小為B，兩根金屬桿1、2擺在導軌上，與導軌垂直，它們的質(zhì)量和電阻分別為m1、m2和R1、R2，兩桿與導軌接觸良好，與導軌間的動摩擦因數(shù)為，已知：桿1被外力拖動，以恒定的速度v0沿導軌運動；達到穩(wěn)定狀態(tài)時，桿2也以恒定速度沿導軌運動，導軌的電阻可忽略，求此時桿2克服摩擦力做功的功率。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據(jù)沖量的公式，推力的沖量為：IF=Ft，所以A B錯誤；根據(jù)動量定理

11、：I合=mv，物體沒有運動，則v=0，所以I合=0，所以C錯誤；重力的沖量為IG=mgt，所以D正確；故選D點睛：本題考查了動量定理以及沖量的計算公式，直接應用即可，注意沖量的方向與力的方向相同，與物體是否運動無關2、A【解析】設三電熱絲的電阻為R，則全部串聯(lián)時總電阻，全部并聯(lián)時總電阻由電熱公式，U、Q相同，則通電時間之比，故選項A正確點睛：根據(jù)串聯(lián)并聯(lián)電路的特點，研究出兩種情況總電阻的關系，根據(jù)電熱公式研究時間關系3、C【解析】試題分析：由牛頓第二定律可知qE=ma，加速度的變化與場強的變化一致，所以在前半個周期粒子向著負方向做勻加速直線運動，到1s末速度增大到負向最大，后場強方向反向，粒子

12、向著負方向做勻減速直線運動，由可知在2s末速度減小到零，以后周而復始的重復前一個周期的運動，由此可知在t=3s時，電子將處在A點左方3l處，C對，故選C考點：考查交變電場的問題點評：本題難度中等，應由F=qE判斷力的變化圖像，再由牛頓第二定律判斷a-t圖像，再判斷速度時間圖像，由此得出粒子的實際運動情況4、D【解析】A電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領強弱的物理量，與非靜電力做功的大小以及移送電荷量的大小無關，故A錯誤；B電動勢表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領大小，與外電阻無關，只由電源本身決定，故B錯誤C電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領強弱，電

13、壓是反映電場力做功性質(zhì)的物理量，二者的本質(zhì)不同，故C錯誤D電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領強弱，電動勢越大，本領越大，故D正確故選D5、A【解析】A根據(jù)能量守恒可知，小球具有重力勢能，電勢能和動能，因為勻速圓周運動，動能不變，則小球電勢能和重力勢能之和保持不變，故A正確；B在最高點，根據(jù)牛頓第二定律在最低點，根據(jù)牛頓第二定律因為不確定重力與電場力大小關系，故無法判斷，故B錯誤；CD沿電場線方向電勢降低，小球帶負電，根據(jù)可知，小球在最低點電勢能最大，根據(jù)能量守恒可知，機械能最小，故CD錯誤。故選A。6、C【解析】試題分析：根據(jù)負電荷的運動方向判斷電場力，確定場強方向場強的大

14、小由電場線的疏密反映，電場線越密場強越大解：由題，負電荷由靜止開始從O運動到B，負電荷所受電場力方向從0到B，場強方向與電場力方向相反，即場強方向由B指向A負電荷從靜止開始，必定做加速運動由于電場線的分布情況未知，場強如何變化無法確定，電場力和加速度如何變化也無法確定，則電荷加速度可能越來越小，可能越來越大故C正確，ABD錯誤故選C【點評】本題根據(jù)電荷的運動方向確定場強方向不難，容易產(chǎn)生的錯誤在于分析場強大小的變化來確定加速度的變化，條件不明時，考慮問題要全面二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的

15、得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A項：兩極板間距離d增大，而電容器的電壓U不變，則板間場強減小，電荷所受電場力減小，電荷將向下運動故A錯誤；B項：兩極板間距離d減小，而電容器的電壓U不變，則板間場強增大，電荷所受電場力增大，電荷將向上運動，故B正確；C項：兩極板正對面積S減小時，而電容器的電壓U和距離d都不變，則板間場強不變，電荷并不運動，故C錯誤；D項：更換一個電壓更大的電源，電容器的電壓U增大，距離d不變，板間場強增大，電荷將向上運動，故D正確。點晴：本題是簡單的電容器動態(tài)變化分析問題，抓住板間電壓不變是關鍵。8、CD【解析】A當CD邊剛進入磁場時，電動勢E=BLv；則CD兩點間電

16、勢差為選項A錯誤；B設正方形邊長為L。根據(jù)感應電荷量經(jīng)驗公式，得：B、L、R都相等，所以兩次通過某一橫截面的電荷量相等故B錯誤。C外力做功的功率等于電功率，即則外力做功的功率為第一次的4倍，選項C正確；D根據(jù)焦耳定律得：線圈產(chǎn)生的熱量則得第二次與第一次線圈中產(chǎn)生的熱量之比為2：1，故D正確。9、BD【解析】E-x圖像的面積表示電勢差，以O點為參考點，往+x方向，橫軸上方面積增大，所以電勢在降低；往-x方向，橫軸下方面積增大，所以電勢在降低。因此，O點的電勢是橫軸上最大的值。ABO點的電勢最高，A錯誤B正確Cx1點的電勢大于x3點的電勢，所以正點電荷在x1點的電勢能大于它在x3點的電勢能，C錯誤

17、Dx1點和x1點分別到O點圖像與橫軸所圍的面積大小相等，因此可知x1點和x1點的電勢相等，所以負點電荷在x1點的電勢能等于它在x1點的電勢能，D正確10、AD【解析】正點電荷Q在A點的電場強度大小為：，而勻強電場在A點的電場強度大小為E，因方向相互垂直，根據(jù)矢量的合成法則，則有A點的場強大小為：，故A正確；同理，點電荷Q在B點的電場強度的方向與勻強電場方向相同，因此B點場強大小為: ，故B錯誤；同理在C點的場強大小為，故C錯誤；當點電荷Q在D點的電場強度的方向與勻強電場方向相反，且大小相等時，則D點的電場強度大小可以為零，故D正確所以AD正確，BC錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案

18、寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A; ； E 【解析】(1)12燈泡額定電壓是6.3V,電源應選,即A.；燈泡額定電流為0.25A,電流表應選,即E.(2)3燈泡正常工作時的電阻 ,遠小于電壓表的內(nèi)阻,屬于小電阻,電流表采用外接法.，因為測量小燈泡的伏安特性,電壓和電流需從0開始測起,所以滑動變阻器采用分壓式接法.電路圖如下圖.12、N A端 并聯(lián) 0.05 增大 20:1 【解析】(1)12要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化，且能盡量減小系統(tǒng)誤差，滑動變阻器采用分壓接法；由于小燈泡電阻較小，電流表采用外接法，故開關S1接N點，閉合開關前，為保護電表，閉合開關S前滑片P置于A

19、端；(2)3 根據(jù)實驗原理圖連接實物圖如圖所示：(3)45把表頭改裝成大量程電流表應并聯(lián)小電阻，根據(jù)并聯(lián)電路特點和歐姆定律得解得：(4)6根據(jù)I-U圖象中各點與坐標原點連線的斜率表示電阻倒數(shù)可知，隨著電壓增大，溫度升高，小燈泡的電阻增大；(5)7據(jù)電路圖可知據(jù)乙圖可知電流為0.25A，L1燈泡的電壓為3V；燈泡L2、L3并聯(lián)，每個燈泡通過的電流為0.125A，從圖乙知電壓為：故四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）正電；（1）3106C；（3）5101N【解析】（1）對小球進行研究，分析受力情況，作出力圖，根據(jù)

20、小球所受電場力與場強方向的關系，判斷小球的電性（1）、（3）根據(jù)平衡條件求出小球的電荷量和細線的拉力【詳解】（1）小球受豎直向下的重力和沿繩的拉力，小球偏向豎直線的右側，電場力一定向右，所以小球帶正電（1）根據(jù)力的平衡條件知，F(xiàn)電和G的合力與F拉大小相等、方向相反，如圖所示根據(jù)平衡條件，結合幾何知識有：（3）根據(jù)平衡條件，結合幾何關系有：14、 (1) (2) (3) 【解析】在最高點，抓住金屬條恰好通過最高點，抓住壓力為零，結合牛頓第二定理求出金屬條到達豎直圓軌道最高點的速度；對開始到圓軌道的最高點過程中，運用動能定理求出水平粗糙軌道的動摩擦因數(shù)；對開始到豎直軌道的最高點過程，運用動能定理求

21、出金屬條上升的高度?！驹斀狻浚?）金屬條恰好能完成豎直面里的圓周運動，可知在最高點，對軌道的壓力為零，根據(jù)牛頓第二定律得：代入數(shù)據(jù)解得：（2）對開始到圓軌道的最高點過程中，根據(jù)動能定理得：代入數(shù)據(jù)解得：（3）對開始到最高點的過程，根據(jù)動能定理得：代入數(shù)據(jù)解得：hm=0.10m【點睛】題考查了動能定理和牛頓第二定律的綜合運用，知道圓軌道最高點的臨界情況，壓力為零，依靠重力和安培力的合力提供向心力。15、【解析】穩(wěn)定運動時，即達到平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡知識列出等式；根據(jù)電磁感應定律求出感應電流，即求出導體桿2克服摩擦力從而求出功；【詳解】解：設桿2的運動速度為v，由于兩桿運動時，兩桿間和導軌構成的回路中的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應電動勢：感應電流：桿2作勻速運動，它受到的安培力等于它受到的摩擦力，則有：導體桿2克服摩擦力做功的功率：聯(lián)立解得