《2023學(xué)年浙東北聯(lián)盟 物理高二第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)水平測試試題含解析.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2023學(xué)年浙東北聯(lián)盟 物理高二第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)水平測試試題含解析.doc（11頁珍藏版）》請?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng):1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時(shí)請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)BeiDou（COMPASS）Navigation Satellite System是中國正在

2、實(shí)施的自主研發(fā)、獨(dú)立運(yùn)行的全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)，縮寫為BDS北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)由空間端、地面端和用戶端三部分組成空間端包括5顆靜止軌道衛(wèi)星和30顆非靜止軌道衛(wèi)星地面端包括主控站、注入站和監(jiān)測站等若干個(gè)地面站如圖所示，a、b、c是北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)中的3顆衛(wèi)星，下列說法正確的是Ab、c的線速度大小相等，且小于a的線速度Bb、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度Cc加速可追上同一軌道上的b，b減速可等候同一軌道上的cDa衛(wèi)星由于某原因，軌道半徑緩慢減小，其線速度不變2、如圖所示，a、b、c為電場中同一電場線上的三點(diǎn)，且b為ac的中點(diǎn)，a、c電勢分別為，下列敘述正確的是A電場中b點(diǎn)的電勢一定是7VB

3、a點(diǎn)的場強(qiáng)一定大于c點(diǎn)的場強(qiáng)C一正電荷從b點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)，電勢能一定減少D一正電荷運(yùn)動到b點(diǎn)時(shí)，受到的電場力方向一定由b指向a3、如圖，在光滑絕緣水平面上，三個(gè)帶電小球a、b和c分別位于邊長為l的正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上；a、b帶正電，電荷量均為q，c帶負(fù)電。整個(gè)系統(tǒng)置于方向水平的勻強(qiáng)電場中。 已知靜電力常量為k若三個(gè)小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的大小為（ ）ABCD4、將帶電棒移近兩個(gè)不帶電的導(dǎo)體球，兩個(gè)導(dǎo)體球開始時(shí)互相接觸且對地絕緣，下列幾種方法中能使兩球都帶電的是（）A先把兩球分開，再移走棒B先把兩球分開，再移走棒后讓兩球接觸C先移走棒，再把兩球分開D棒移走，兩導(dǎo)體球不分開5、如圖所示，

4、小明在蕩秋千，a、b是繩上兩點(diǎn)，關(guān)于a、b兩點(diǎn)的線速度和角速度的大小關(guān)系，正確的是（ ）ABCD6、2019年1月3日，“嫦娥四號”成功軟著陸在月球背面，并通過“鵲橋”中繼星傳回了世界第一張近距離拍攝的月背影像圖，揭開了古老月背的神秘面紗。飛船在月球表面軟著陸之前，在靠近月球表面的軌道上運(yùn)行，若要估算月球的平均密度，唯一要測量的物理量是()A飛船的軌道半徑B月球的半徑C飛船的飛行周期D飛船的線速度二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖，一光滑大圓環(huán)固定在桌面上，環(huán)面

5、位于豎直平面內(nèi)，在大圓環(huán)上套著一個(gè)小環(huán)。小環(huán)由大圓環(huán)的最高點(diǎn)從靜止開始下滑，在小環(huán)下滑的過程中，大圓環(huán)對它的作用力（）A一直不做功B一直做正功C一定指向大圓環(huán)圓心D可能背離大圓環(huán)圓心8、如圖所示，我國發(fā)射的“嫦娥二號”衛(wèi)星運(yùn)行在距月球表面100km的圓形軌道上，到A點(diǎn)時(shí)調(diào)整成沿橢圓軌道運(yùn)行，至距月球表面15km的B點(diǎn)作近月拍攝，以下判斷正確的是A衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行時(shí)處于完全失重狀態(tài)B衛(wèi)星從圓軌道進(jìn)入橢圓軌道必須減速制動C衛(wèi)星沿橢圓軌道運(yùn)行時(shí)，在A點(diǎn)的速度比在B點(diǎn)的速度大D衛(wèi)星沿圓軌道運(yùn)行時(shí)在點(diǎn)的加速度和沿橢圓軌道運(yùn)行時(shí)在A點(diǎn)的加速度大小相等9、一臺電風(fēng)扇，內(nèi)阻是20，接上220V的電壓后，消耗

6、功率為66W，則電風(fēng)扇正常工作時(shí)，下列說法正確的是：（ ）A通過電動機(jī)的電流是 11AB電動機(jī)消耗的熱功率是 1.8WC電動機(jī)輸出的機(jī)械能的功率為 66WD電動機(jī)的效率是 97.310、如圖所示，矩形位于勻強(qiáng)電場中，且與勻強(qiáng)電場方向平行。已知，、的電勢分別為、初動能為、電荷量大小為的帶電粒子從沿著方向射入電場，恰好經(jīng)過不計(jì)粒子的重力，下列說法正確的是 A點(diǎn)的電勢為B該粒子一定帶負(fù)電C該粒子達(dá)到點(diǎn)時(shí)的動能為D只改變初速度方向，該粒子可能經(jīng)過三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用螺旋測微器測量合金絲的直徑，為防止讀數(shù)時(shí)測微螺桿發(fā)生轉(zhuǎn)動

7、，讀數(shù)前應(yīng)先旋緊題圖所示的部件_(選填“A”、“B”、“C”或“D”)，從圖中的示數(shù)可讀出合金絲的直徑為d=_mm12（12分）用如圖所示的裝置可以探究做勻速圓周運(yùn)動的物體需要的向心力的大小與哪些因素有關(guān).(1)本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是_。A控制變量法 B累積法 C微元法 D放大法(2)圖示情景正在探究的是_。A向心力的大小與半徑的關(guān)系B向心力的大小與線速度大小的關(guān)系C向心力的大小與角速度大小的關(guān)系D向心力的大小與物體質(zhì)量的關(guān)系(3)通過圖示實(shí)驗(yàn)可以得到的結(jié)論是_。A在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與角速度成正比B在質(zhì)量和半徑一定的情況下，向心力的大小與線速度的大小成正比C在半徑和角速度一

8、定的情況下，向心力的大小與質(zhì)量成正比D在質(zhì)量和角速度一定的情況下，向心力的大小與半徑成反比四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，長度為L=0.2m、電阻r=0.3、質(zhì)量m=0.1kg的金屬棒CD，垂直跨接在位于水平面上的兩條平行光滑的金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌間距離也為L，棒與導(dǎo)軌間接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。導(dǎo)軌左端接有R=0.5的電阻，垂直導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場向下穿過導(dǎo)軌平面，磁感強(qiáng)度B=4T?，F(xiàn)以水平向右的恒定外力F使金屬棒右移，當(dāng)金屬棒以v=2m/s的速度在導(dǎo)軌平面上勻速滑動時(shí)，求：（1）電路中理想電流表和

9、與理想電壓表的示數(shù)；（2）拉動金屬棒的外力F的大小。14（16分）如圖所示，光滑水平地面上靜止著質(zhì)量都為m的物體B和物體C，質(zhì)量為M的物體A以初速度向右勻速運(yùn)動，已知M=2m，物體A和物體B發(fā)生彈性碰撞，碰撞后運(yùn)動一段時(shí)間物體B和物體C發(fā)生碰撞，粘在一起向右運(yùn)動，求：（1）最終物體A的速度大?。唬?）最終物體B和物體C一起運(yùn)動的速度大小。15（12分）如圖所示，已知平行板電容器兩極板間距離d=4 mm，A板帶正電，兩極板間的電勢差為120V，若它的電容為3F，且P到A板距離為1mm求：（1）電容器的帶電量；（2）一個(gè)電子在P點(diǎn)具有的電勢能；（e=1.610-19C）（3）一個(gè)電子從P點(diǎn)由靜止出

10、發(fā)到A板獲得的動能（e=1.610-19C）參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】衛(wèi)星運(yùn)動時(shí)萬有引力提供圓周運(yùn)動向心力有：知：衛(wèi)星的線速度，衛(wèi)星bc軌道半徑相同，線速度大小相同，a的半徑小于bc的半徑，故a的線速度最大，故A正確；衛(wèi)星的向心加速度知，a衛(wèi)星軌道半徑小，向心加速度大，故B錯(cuò)誤；c衛(wèi)星加速時(shí)，做圓周運(yùn)動所需要的向心力增加，而提供向心力的萬有引力不變，故c加速后做離心運(yùn)動，軌道高度將增加，不能追上同一軌道的衛(wèi)星，同理減速會降低軌道高度，也等不到同軌道的衛(wèi)星，故C錯(cuò)誤；根據(jù)線速度關(guān)系知，衛(wèi)星軌道高度

11、減小，線速度將增加，故D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】本題的關(guān)鍵是掌握萬有引力提供圓周運(yùn)動向心力，并據(jù)此靈活掌握圓周運(yùn)動半徑與線速度、向心加速度的關(guān)系，掌握衛(wèi)星變軌原理是關(guān)鍵2、C【解析】A、若是勻強(qiáng)電場，電場中b點(diǎn)的電勢一定是7V，若是非勻強(qiáng)電場，電場中b點(diǎn)的電勢不一定是故A錯(cuò)誤B、電場線的疏密表示電場的強(qiáng)弱，而一條電場線不能反映電場線的疏密，無法判斷場強(qiáng)的大小故B錯(cuò)誤C、正電荷從b點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)，電場力做正功，電勢能一定減少故C正確D、從a點(diǎn)到b點(diǎn)，電勢降低，但正電荷運(yùn)動到b點(diǎn)時(shí)，受到的電場力方向不是由b指向a故D錯(cuò)誤故選C3、B【解析】設(shè)c電荷帶電量為Q，以c電荷為研究對象受力分析，根據(jù)平衡條件得a、b對c

12、的合力與勻強(qiáng)電場對c的力等值反向，即：所以勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的大小為，故選B。4、A【解析】AB帶電導(dǎo)體球與兩個(gè)球不接觸，本身電量不會轉(zhuǎn)移到兩導(dǎo)體球上，所以根據(jù)靜電平衡，兩球的兩側(cè)帶有等量的異種電荷，分開兩球再移走棒，兩球帶有等量的異種電荷；若從新將兩球接觸，那么兩球電荷中和，兩球均不帶電，故A正確，B錯(cuò)誤；CD若先移走棒則感應(yīng)出來的電荷又會回到各自的導(dǎo)體上，不管兩球是否分開，兩個(gè)小球不會帶電，故CD錯(cuò)誤。故選A。5、C【解析】由于a、b兩點(diǎn)繞同一中心點(diǎn)運(yùn)動，并且時(shí)刻在一條直線上，所以a、b兩點(diǎn)的角速度相等，根據(jù) ，可知 ，故C正確；故選C6、C【解析】飛船靠近月球，在靠近月球表面做勻速圓周運(yùn)動，軌

13、道半徑等于月球半徑，設(shè)為r，根據(jù)牛頓第二定律，有：其中：聯(lián)立解得：G為常數(shù)，故需要測量衛(wèi)星的公轉(zhuǎn)周期T；A飛船的軌道半徑，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B月球的半徑，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C飛船的飛行周期，與結(jié)論相符，選項(xiàng)C正確；D飛船的線速度，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】AB大圓環(huán)光滑，則大圓環(huán)對小環(huán)的作用力總是沿半徑方向，與速度方向垂直，故大圓環(huán)對小環(huán)的作用力一直不做功，A正確，B錯(cuò)誤；CD小環(huán)在運(yùn)動過程中，在大環(huán)的上

14、半部分運(yùn)動時(shí)，大環(huán)對小環(huán)的支持力背離大環(huán)圓心，運(yùn)動到大環(huán)的下半部分時(shí)，支持力指向大環(huán)的圓心，C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。8、ABD【解析】衛(wèi)星在圓軌道上運(yùn)行時(shí)處于完全失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤。衛(wèi)星從圓軌道進(jìn)入橢圓軌道須減速制動。故B正確。根據(jù)動能定理得，從A到B的過程，萬有引力做正功，則動能增大，所以A的速度小于B點(diǎn)的速度。故C錯(cuò)誤；根據(jù)=ma得：a=，所以沿圓軌道運(yùn)行時(shí)在A點(diǎn)的加速度和沿橢圓軌道運(yùn)行時(shí)在A點(diǎn)的加速度大小相等，故D正確。故選ABD。9、BD【解析】根據(jù)功率P=UI可以求得電動機(jī)的電流的大??；由PQ=I2r可以求得轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的功率的大小，再由P機(jī)=P-PQ可以求得轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的功率?！驹?/p>

15、解】A項(xiàng)：由P=UI可得電流為：，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：線圈電阻發(fā)熱功率為：PQ=I2r=0.3220=1.8w，故B正確；C項(xiàng)：機(jī)械功率為：P機(jī)=P-PQ=66-1.8=64.2W，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：效率為機(jī)械功率與總功率之比為：=，故D正確。故應(yīng)選：BD?！军c(diǎn)睛】對于電功率的計(jì)算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計(jì)算公式是不一樣的。10、AB【解析】A根據(jù)勻強(qiáng)電場中平行的等間距的兩點(diǎn)間的電勢差相等，則得 A-B=D-C，則C的電勢 C=1故A正確。B取AB的中點(diǎn)O，則O點(diǎn)的電勢為 則OD連線為等勢線，電場強(qiáng)度與等勢面垂直，且有高電勢指向低電勢，電場強(qiáng)度垂直O(jiān)D斜

16、向上，由物體做曲線運(yùn)動的條件，電場力斜向下，故電荷為負(fù)電荷；故B正確。C粒子從A到B，由動能定理，得：qUAB=EkB-EKA-4e（6-2）=EKB-24eV則該粒子到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的動能EKB=8eV故C錯(cuò)誤。D如果只改變初速度大小，合力方向不變，依然是逐漸向下偏轉(zhuǎn)，不可能經(jīng)過C點(diǎn)，故D錯(cuò)誤；三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B 0.410 【解析】為防止讀數(shù)時(shí)測微螺桿發(fā)生轉(zhuǎn)動，讀數(shù)前應(yīng)先旋緊固定螺釘B；螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為0mm，可動刻度的讀數(shù)為0.01mm41.0=0.410mm，故合金絲的直徑為 d=0.410mm12、A

17、D C 【解析】(1)1在這兩個(gè)裝置中控制半徑、角速度不變，只改變質(zhì)量來研究向心力與質(zhì)量之間的關(guān)系，故采用的控制變量法，所以A是正確的(2)2控制半徑、角速度不變，只改變質(zhì)量來研究向心力與質(zhì)量之間的關(guān)系，所以D是正確的.(3)3通過控制變量法得到的結(jié)果為在半徑和角速度一定的情況下，向心力的大小與質(zhì)量成正比,所以C是正確的四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2A（2）1.6N【解析】（1）CD桿產(chǎn)生的電動勢為E，電流表的示數(shù)為I，電壓表示數(shù)為U。EBLv 聯(lián)立得：I = 2A 由歐姆定律可得：U=IR 將數(shù)據(jù)代入可得：U=1V（2）設(shè)CD桿受到的拉力為F，由安培力公式可得：FA=BIL FA =1.6N所以桿受到的拉力F= FA =1.6N14、（1）；（2）【解析】（1）A、B發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機(jī)械能守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：Mv0=Mv1+mv2由機(jī)械能守恒定律得： 解得： ， （2）B、C碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：mv2=2mv解得：15、（1）3.610-4C（2）（3）【解析】（1）由得。（2）電子在P點(diǎn)具有的電勢能，而，則聯(lián)立解得（3）根據(jù)動能定理可知到達(dá)A板獲得的動能為