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1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列單位是電容單位的是（ ）A安培B伏特C法拉D瓦特2、下列幾種做法中，符合安全用電常識的是（ ）A移動家用電器前要先切斷電源B用濕布擦洗正在工作的用電器C迅速往冒煙的家用電器上潑水D施救者直接用手去拉觸電的人3、家用電熨斗為了適應

2、不同衣料的熨燙,設計了調(diào)整溫度的多擋開關,使用時轉(zhuǎn)動旋鈕即可使電熨斗加熱到所需的溫度.如圖所示是電熨斗的電路圖.旋轉(zhuǎn)多擋開關可以改變1、2、3、4之間的連接情況.現(xiàn)將開關置于溫度最高擋,這時1、2、3、4之間的連接是下圖中所示的哪一個()ABCD4、做曲線運動的物體，在運動過程中一定在變化的物理量是( )A加速度B動能C速度D合外力5、如圖，傾角為的絕緣斜面ABC置于粗糙的水平地面上，一質(zhì)量為m，帶電量+q的小物塊（可看作是點電荷）恰好能在斜面上勻速下滑，若在AB中點D的上方與B等高的位置固定一帶電量+Q的點電荷，再讓物塊以某一速度從斜面上滑下，物塊在下滑至底端的過程中，斜面保持靜止不動，在不

3、考慮空氣阻力和物塊電荷沒有轉(zhuǎn)移的情況下，關于在物塊下滑的過程中受到地面的摩擦力及其方向的分析正確的是（ ）A當物塊在BD之間，斜面受到地面的摩擦力的方向向左B當物塊在DA之間，斜面受到地面的摩擦力的方向向右C當物塊在DA之間，斜面受到地面的摩擦力為零D當物塊在DA之間，斜面受到地面的摩擦力的方向要視具體問題而定6、如圖所示的電路中，燈泡L1發(fā)光，燈泡L2、L3均不亮，電流表A1有讀數(shù)，A2沒有讀數(shù)，(A1、A2為理想電表)，設只有一處有故障，則產(chǎn)生故障的原因可能是A燈泡L1斷路 B燈泡L2斷路C燈泡L2短路 D燈泡L3短路二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選

4、項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是A點電荷屬于理想化模型B電勢有正負，所以電勢是矢量C電場強度計算公式E=適用于任何電場D電荷在某點的電勢能，等于把它從這點移到零電勢位置時靜電力所做的功8、如圖所示，用靜電計可以測量已充電的平行板電容器兩極板之間的電勢差U，電容器已帶電，則下列判斷正確的是（）A增大兩極板之間的距離，靜電計指針張角變大B將A板稍微上移，靜電計指針張角將變大C若將玻璃板插入兩板之間，則靜電計指針張角變大D若減小兩極板間的距離，則靜電計指針張角變小9、下列關于電動勢的說法中正確的是（ ）A電動勢的大小與非靜電

5、力所做的功成正比，與被移送電荷量成反比B電動勢的單位與電勢、電勢差的單位都是伏特，故三者本質(zhì)上一樣C電動勢公式E=中W與電壓U=中的W不是同種性質(zhì)力所做的功D電動勢是反映電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領大小的物理量10、如圖所示,直流電源、滑動變阻器、平行板電容器與理想二極管(正向電阻為0,反向電阻為)連接,電源負極接地開始時電容器不帶電,閉合開關S,穩(wěn)定后,一帶電油滴恰能靜止在電容器中P點在開關S保持接通的狀態(tài)下,下列說法正確的是()A當滑動變阻器的滑片向上滑動時，帶電油滴會向上運動B當電容器的上極板向上移動時，帶電油滴會向下運動C斷開開關S，帶電油滴將向下運動D當電容器的下極板向左移動時，

6、P點的電勢會升高三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）一細而均勻的導電材料，截面為同心圓環(huán)，如圖1所示，此材料長約3cm，電阻約為100，已知這種材料的電阻率為.欲測量該樣品的內(nèi)徑，但內(nèi)徑太小，無法直接測量。現(xiàn)提供以下實驗器材：A20分度的游標卡尺；B螺旋測微器；C電流表A1(量程50mA，內(nèi)阻r1=100)；D電流表A2(量程100mA，內(nèi)阻r2約為40)；E.滑動變阻器R1(010，額定電流2A)；F.直流電源E(電動勢為12V，內(nèi)阻很小)；G.上述導電材料R2(長約為3cm，電阻約為100)；H.開關一只，導線若干。請用上述器

7、材設計一個盡可能精確地測量該樣品內(nèi)徑d的實驗方案，回答下列問題：(1)用游標卡尺測得該樣品的長度如圖2所示，其示數(shù)L=_cm，用螺旋測微器測得該樣品的外徑如圖3所示，其示數(shù)D=_mm.(2)圖4是實驗測量電路一部分，為了多測幾組數(shù)據(jù)，請在圖上補全測量電路(所需儀器在題中給的器材中選取，用常用的電路符號代替)_.(3)為了得到樣品的內(nèi)徑d，實驗中還需要得到的一組測量值是_(用字母表示且要說明相應字母的含義).(4)用已知的物理量字母和所測得的物理量的字母表示樣品的內(nèi)徑d=_.12（12分）讀出下列儀器和儀表的讀數(shù)。（1）甲圖讀數(shù)為_mm；（2）乙圖讀數(shù)為_mm；（3）多用表選擇開關調(diào)到直流2.5

8、V檔，丙圖讀數(shù)為_V。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一矩形區(qū)域abcd內(nèi)充滿方向垂直紙面向里的、磁感應強度為B的勻強磁場，在ad邊中點O以某一初速度，垂直磁場向里射入一帶正電的粒子已知粒子質(zhì)量為m，電量為q，ad邊長為2L，ab邊足夠長，粒子重力不計（1）若粒子垂直ad邊射入恰好能從a點離開磁場，求初速度v1；（2）若此正粒子方向如圖與ad邊夾角為 = 30射入磁場（v2大小未知），恰好在磁場內(nèi)經(jīng)過下邊界cd邊緣，最終從ab邊上某點射出磁場，求這種情況下粒子在磁場中運動的時間t14（16分）

9、如圖所示，質(zhì)量的帶電小球用絕緣細線懸掛于O點，處在水平向左的勻強電場中，電場范圍足夠大，場強E=500N/C，小球靜止時細線與豎直方向的夾角=37，sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2，求：（1）小球電荷量及帶電性質(zhì)；（2）小球靜止時細線中的拉力大小；（3）某時刻將細線剪斷，此后內(nèi)小球的位移15（12分）如圖所示，用長為l絕緣線懸掛一個質(zhì)量為m、電量為q的帶正電小球A，將另一帶電小球B用絕緣支架固定于懸點O點的正下方，并與A球位于同一水平面上，當A球靜止時，懸線與豎直方向的夾角為。(AB兩球均可看成點電荷)求B球的所帶的電量Q及B球在A球所在位置的場強的大小和方向。參考答案

10、一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A安培是電流的單位故A錯誤；B伏特是電壓、電勢差的單位故B錯誤；C法拉是電容的單位故C正確；D瓦特是功率的單位故D錯誤。故選C。2、A【解析】A. 移動家用電器前要先切斷電源以防止觸電，故A項正確；B. 用濕布擦洗正在工作的用電器可能引起觸電現(xiàn)象，故B項錯誤；C. 往冒煙的家用電器上潑水可能導致用電器短路，從而引起火災，故C項錯誤；D. 施救者不能直接用手去拉觸電的人，以防觸電，故D項錯誤。3、D【解析】由電功率的公式可知，在電壓不變，電阻最小時，電功率是最大的，故接“高”檔時

11、，兩根電熱絲是并聯(lián)關系。ABC這三種連接方式都是串聯(lián)的，根據(jù)分析可知，不符合題意，ABC錯誤；D該連接方式為并聯(lián)，所以電阻最小，符合題意，D正確。4、C【解析】既然是曲線運動，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運動一定是變速運動，它的速度肯定是變化的；而勻速圓周運動的速率是不變的，平拋運動的合力、加速度是不變的【詳解】AD平拋運動也是曲線運動，但是它的合力為重力，加速度是重力加速度，是不變的，故AD錯誤B勻速圓周運動的速度的大小是不變的，即速率是不變的，其動能也不變，故B錯誤C物體既然做曲線運動，那么它的速度方向肯定是不斷變化的，所以速度一定在變化，故C正確故選C【點睛】曲線運動不能只想著勻

12、速圓周運動，平拋也是曲線運動的一種，可以是合外力不變的勻變速曲線運動，也可可以是合外力變化的勻速率圓周運動5、C【解析】開始時刻小物塊受重力、支持力和摩擦力，物塊恰好能在斜面上勻速下滑，說明摩擦力和支持力的合力與重力平衡，是豎直向上的；根據(jù)牛頓第三定律，壓力和滑塊對斜面體的摩擦力的合力是豎直向下的；增加電場力后，小物塊對斜面體的壓力和摩擦力正比例增加，故滑塊對斜面體的壓力和摩擦力的合力仍然是豎直向下的；再對斜面體分析，受重力、故滑塊對斜面體的壓力和摩擦力、支持力，不是地面的摩擦力，否則合力不為零；故ABD錯誤，C正確；故選C【點睛】本題關鍵是根據(jù)平衡條件分析出滑塊對斜面體的壓力和摩擦力的合力是

13、豎直向下，與小滑塊的加速度大小無關，不難【考點】力的平衡，摩擦力6、C【解析】若燈泡L1斷路，電路中沒有電流，電流表A1應沒有讀數(shù)，與題不符，故不可能是燈泡L1斷路，故A錯誤。若燈泡L2斷路，A1沒有讀數(shù)，而燈泡L2仍有電流通過，則L2應亮，與題不符，故不可能是燈泡L2斷路，故B錯誤。若燈泡L2短路，電流表內(nèi)阻不計，燈泡L3也被短路，電流能通過A1，所以A1有讀數(shù)，與題相符，故C正確。若燈泡L3短路，電流表內(nèi)阻不計，燈泡L2也被短路，A1沒讀數(shù)，A2有讀數(shù)，與題不符，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部

14、選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A點電荷屬于理想化模型，選項A正確；B電勢有正負，但是電勢無方向，所以電勢是標量，選項B錯誤；C電場強度計算公式E=適用于勻強電場，選項C錯誤；D電荷在某點的電勢能，等于把它從這點移到零電勢位置時靜電力所做的功，選項D正確。8、ABD【解析】A. 增大兩極板之間的距離，電容器所帶電荷量一定，當d變大時，C變小，再由，得U變大；指針張角增大，故A正確。B. 當A板上移時，正對面積S變小，C也變小，電容器所帶電荷量一定，U變大，指針夾角增大，故B正確。C. 當插入玻璃板時，增大了，C變大，電容器所帶電荷量一定，U變小，指針夾角減小，

15、故C錯誤。D. 當兩板間的距離減小時，C變大，電容器所帶電荷量一定，U變小，靜電計指針夾角減小，故D正確。9、CD【解析】電源沒有接入電路時兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動勢；電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領強弱，與外電路的結(jié)構(gòu)無關；電源的電動勢在數(shù)值上等于內(nèi)、外電壓之和【詳解】電動勢的定義式運用比值法定義，可知E與電源內(nèi)非靜電力做的功W、通過的電荷量q無關，由電源本身決定，故A錯誤電動勢的單位與電勢、電勢差的單位都是伏特，故三者本質(zhì)不一樣；電動勢反映的是電源內(nèi)部非靜電力做功的能力；故B錯誤；電動勢公式中W與電壓中的W不同，前者是非靜電力做功；后者是電場力的功；故C正確

16、；電動勢的大小是由電源內(nèi)非靜電力的特性決定的反映電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領大小的物理量；故D正確故選CD【點睛】本題考查對于電源的電動勢的理解能力，電動勢是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領大小，與外電路無關10、AD【解析】閉合開關S,穩(wěn)定后,一帶電油滴恰能靜止在電容器中P點，則電場力與重力方向相反且 A：當滑動變阻器的滑片向上滑動時，滑動變阻器的電阻變大，電路中電流減小，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，電容器兩端電壓增大，電容器兩極間電場強度變大，電場力大于重力，故帶電油滴會向上運動A正確B：當電容器的上極板向上移動時，電容器兩板間的距離增大，電容器的電容減小，電容器兩極間的電壓增

17、大，但理想二極管具有單向?qū)щ娦?，故電容器不會放電電荷量不變，又，綜合以上三式可得：；所以當電容器的上極板向上移動時，電容器兩板間的電場強度不變，帶電油滴仍靜止故B錯誤C：斷開開關S，理想二極管具有單向?qū)щ娦裕孰娙萜鞑粫烹姡瑑砂彘g的電場強度不變，帶電油滴仍靜止故C錯誤D：當電容器的下極板向左移動時，電容器兩極板的正對面積變小，電容器的電容減小，電容器兩極間的電壓增大，理想二極管具有單向?qū)щ娦?，故電容器不會放電電荷量不變U變大，又，電容器兩板間的電場強度增大，設P點到下極板距離為h，則P與下極板間電勢差為，又下極板接地電勢為零，故P點的電勢會升高D正確點睛：電容器有兩類基本模型：兩極間電壓不變

18、，分析其余各量的變化情況；極板上所帶電荷量不變，分析其余各量的變化情況三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、3.015 3.204mm3.206mm A1電流表示數(shù)為I1，A2電流表示數(shù)為I2 【解析】（1）1游標卡尺讀數(shù)為L=30mm+30.05mm=30.15mm=3.015cm，2螺旋測微器測得該樣品的外徑d=3.0mm+20.50.01mm=3.205mm；（3.204mm3.206mm）（2）3因兩個電流表中，A2電流表的滿偏電流大于A1電流表的滿偏電流，又A1電流表內(nèi)阻為定值，根據(jù)歐姆定律與串并聯(lián)知識，應將A1電流表與待測材料

19、并聯(lián)后再與A2電流表串聯(lián)，又因滑動變阻器阻值太小應用分壓式接法，可設計電路圖如圖所示（3）4實驗中還需要得到的一組測量值是：A1電流表示數(shù)為I1，A2電流表示數(shù)為I2，（4）5由歐姆定律可得待測電阻阻值又由電阻定律及 解得樣品的直徑12、102.35 5.545 0.57 【解析】(1)1根據(jù)游標卡尺的讀數(shù)方法可知讀數(shù)為：102mm+70.05mm=102.35mm(2)2根據(jù)螺旋測微器的讀數(shù)方法可知讀數(shù)為：5.5mm+4.50.01mm=5.545mm(3)3選擇開關調(diào)到直流2.5V檔，則讀數(shù)為：0.57V四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字

20、說明、方程式和演算步驟。13、（1） （2）【解析】（1）若從a處穿出，運動軌跡圖如圖所示：由幾何關系可知根據(jù)牛頓第二定律得： （2）由 得： 圓弧與cd邊相切，由幾何關系 得： 可知圓心在ab上，圓心 在磁場中運動的時間 綜上所述本題答案是：（1）；（2）14、（1）負電，1.510-3C；（2）1.25N；（3）25m；【解析】試題分析：（1）對小球受力分析，根據(jù)共點力平衡求出電場力的大小，結(jié)合電場強度的定義式求出小球的電荷量，根據(jù)電場力的方向得出小球的電性（2）根據(jù)共點力平衡求出小球靜止時細線的拉力大小（3）剪斷細線后，小球做初速度為零的勻加速直線運動，結(jié)合牛頓第二定律求出加速度，根據(jù)位移時間公式求出小球的位移.（1）小球受重力、電場力F、細線拉力T作用處于靜止狀態(tài)，其受力分析圖如下圖所示根據(jù)平衡知，電場力在電場中：F=qE，由小球受到電場力方向與場強方向相反，知小球帶負電（2）根據(jù)平衡得，細線拉力：（3）剪斷細線后，小球受重力和電場力作用，由靜止做勻加速直線運動小球所受合力根據(jù)牛頓第二定律得小球在2s內(nèi)的位移【點睛】本題考查了牛頓第二定律、共點力平衡和運動學公式的綜合運用，知道加速度是聯(lián)系力學和運動學的橋梁15、，,方向水平向左【解析】對A球，由平衡條件可得解得由可得，B球在A球處產(chǎn)生的電場的場強為方向水平向左。