《河北省邯鄲市雞澤一中2023學(xué)年物理高二上期中統(tǒng)考試題含解析.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《河北省邯鄲市雞澤一中2023學(xué)年物理高二上期中統(tǒng)考試題含解析.doc（13頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、要使額定電壓為40V，額定電流為10A的弧光燈接入110V的電路后能正常發(fā)光，可采用的辦法是（ ）A并聯(lián)一個4，10A的電阻器 B并聯(lián)一個7，10A的電阻器C串聯(lián)一個4，10A的電阻器 D串聯(lián)一個7，10A的電阻器2、如圖所示，在水平直導(dǎo)線正下方，放一個可以自由轉(zhuǎn)動的小磁針現(xiàn)給直導(dǎo)線通以向右的恒定電流，不計其他磁場的影響，則下列說法正確的是（ ）A小磁針保持不動B小磁針的N極將向下轉(zhuǎn)動C小磁針的N極將垂直于紙面向外轉(zhuǎn)動D小磁針的N極將垂直于紙面向里轉(zhuǎn)動3、圖中的四幅圖展示了某同

3、學(xué)做引體向上運動前的四種抓杠姿勢，其中手臂受力最小的是ABCD4、在如圖所示的電路中，R1、R2、R3均為可變電阻當(dāng)開關(guān)S閉合后，兩平行金屬板M、N中有一帶電油滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài)為使帶電油滴向上加速運動，可采取的措施是()A增大R1的阻值 B增大R2的阻值C增大R3的阻值 D增大M、N間距5、如圖所示，A、B為咬合轉(zhuǎn)動的兩齒輪，RA=2RB，則A、B兩輪邊緣上兩點的（）A線速度之比為2：1B線速度之比為1：2C角速度之比為1：2D角速度之比為2：16、如圖所示，在同一平面內(nèi)互相絕緣的三根無限長直導(dǎo)線、圍成一個等邊三角形，三根導(dǎo)線內(nèi)通有大小相等、方向如圖所示的電流A為等邊三角形的幾何中心，C為導(dǎo)

4、線、的交點，E為導(dǎo)線、交點，A、B兩點關(guān)于C點對稱，A、F兩點關(guān)于E點對稱，A、D兩點關(guān)于導(dǎo)線對稱.已知三根導(dǎo)線中的電流形成的合磁場在D點的磁感應(yīng)強度大小為B1，在B點的磁感應(yīng)強度大小為B2，在F點的磁感應(yīng)強度大小為B3.下列說法中正確的是A三根導(dǎo)線的合磁場在A點的磁感應(yīng)強度大小為B2B三根導(dǎo)線的合磁場在A點的磁感應(yīng)強度方向垂直于紙面向外C撤去導(dǎo)線，保持、中電流不變，A點磁感應(yīng)強度大小為D若撤去導(dǎo)線，保持、中電流不變，A點磁感應(yīng)強度方向垂直于紙面向外二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有

5、選錯的得0分。7、如圖所示，某同學(xué)在研究電子在電場中的運動時，得到了電子由a點運動到b點的軌跡（圖中實線所示），圖中未標(biāo)明方向的一組虛線可能是電場線，也可能是等勢面，則下列說法正確的判斷是A如果圖中虛線是電場線，電子在a點電勢能較小B如果圖中虛線是等勢面，電子在b點電勢能較大C不論圖中虛線是電場線還是等勢面，a點的加速度都大于b點的加速度D不論圖中虛線是電場線還是等勢面，a點的電勢都高于b點的電勢8、如圖所示，在足夠長的不帶電的絕緣小車B上放一物塊A，物塊A帶負電，兩者均保持靜止，置于垂直于紙面向里的勻強磁場中，已知地面光滑，A、B接觸面粗糙，A所帶電荷量保持不變，在t0時刻用水平恒力F向左推

6、小車B，下列四圖中關(guān)于A、B的vt圖象及A、B之間摩擦力Fft圖像大致正確的是（ ）ABCD9、如圖所示，空間存在垂直紙面向外的勻強磁場，在O點固定一點電荷Q，一帶電粒子在電場力和磁場力的共同作用下做順時針勻速圓周運動（不計重力和阻力），半徑為r，周期為T，線速度為v，則當(dāng)點電荷Q電量突然為零，則此后關(guān)于帶電粒子的運動，下列說法正確的是A半徑大小一定變大B線速度大小一定不變C周期大小一定變大D仍然可能做半徑為r的勻速圓周運動10、某電容式話筒的原理示意圖如圖所示，E為電源，R為電阻，薄片P和Q為兩金屬基板對著話筒說話時，P振動而Q可視為不動在P、Q間距增大過程中AP、Q構(gòu)成的電容器的電容減小B

7、P上電荷量保持不變CM點的電勢比N點的低DM點的電勢比N點的高三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）欲用伏安法測定一段阻值約為5左右的金屬導(dǎo)線的電阻和電阻率，要求測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，現(xiàn)備有以下器材： A電池組（3V，內(nèi)阻1） B電流表（03A，內(nèi)阻0.0125）C電流表（00.6A，內(nèi)阻0.125） D電壓表（03V，內(nèi)阻3k）E.電壓表（015V，內(nèi)阻15k） F.滑動變阻器（020，額定電流1A）G.滑動變阻器（02000，額定電流0.3A） H.開關(guān)、導(dǎo)線（1）用螺旋測微器測電阻絲的直徑如圖，電阻絲的直徑為_mm（2）上述器材中

8、電流表應(yīng)選用_；電壓表應(yīng)選用_；滑動變阻器應(yīng)選用_；（填寫各器材的字母代號）（3）實驗電路應(yīng)采用電流表_接法；（填“內(nèi)”或“外”）12（12分）在實驗室里為了驗證動量守恒定律，一般采用如圖甲、乙所示的兩種裝置：（1）若入射小球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2，則（_） Am1m2，r1r2 Bm1m2，r1r2 Cm1m2，r1r2 Dm1m2，r1r2（2）若采用圖乙所示裝置進行實驗，以下所提供的測量工具中必需的是_ 、 _A直尺 B游標(biāo)卡尺 C天平 D彈簧測力計 E秒表（3）設(shè)入射小球的質(zhì)量為m1，被碰小球的質(zhì)量為m2，則在用圖甲所示裝置進行實驗時（P為碰前入射小球落

9、點的平均位置），所得“驗證動量守恒定律”的結(jié)論為_（用裝置圖中的字母表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示勻強電場的電場強度為2.0104 N/C，沿電場線方向有A、B兩點，A、B兩點間的距離為0.10m。將電荷量2.010-8 C的正點電荷從A點移至B點，求(1)求A、B兩點間的電勢差；(2)電荷從A點移至B點的過程中電場力所做的功。14（16分）如圖所示，利用小直流電動機提升質(zhì)量為m的物體A。假設(shè)把小直流電動機簡化為圖2中虛線框內(nèi)的模型：虛線框內(nèi)存在磁感應(yīng)強度為B、方向豎直向上的勻強磁場，磁

10、場的范圍足夠大。質(zhì)量為M的導(dǎo)體棒PQ垂直放在間距為l的光滑平行導(dǎo)軌上。棒PQ在安培力作用下運動，帶動A上升。導(dǎo)軌的電阻可忽略。電源的電動勢為E。（1）在A以速度v勻速上升的過程中，求回路中電流的大小。（2）從接通電路到A以v勻速上升的過程中，回路中的電流是在變化的。a. 試簡要說明回路中電流發(fā)生變化的原因；b. 已知這一過程中通過棒PQ的電量為q，A上升的高度為h，求回路中產(chǎn)生的電熱。15（12分）如圖所示，四個電阻阻值均為R，電鍵S閉合時，有一質(zhì)量為m，帶電量為q的小球靜止于水平放置的平行板電容器的中點現(xiàn)打開電鍵S，這個帶電小球便向平行板電容器的一個極板運動，并和此板碰撞，碰撞過程中小球沒有

11、機械能損失，只是碰后小球所帶電量發(fā)生變化，碰后小球帶有和該板同種性質(zhì)的電荷，并恰能運動到另一極板，設(shè)兩極板間距離為d，不計電源內(nèi)阻，求：（1）電源電動勢E多大？（2）小球與極板碰撞后所帶的電量為多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據(jù)串聯(lián)電路的分壓特點可知，要使弧光燈在110V的電源上正常發(fā)光時應(yīng)串聯(lián)一個電阻，此時弧光燈兩端的電壓為40V，電路中的電流I=IL=10A，電阻兩端的電壓UR=U-UL=110V-40V=70V，。故選D。【點睛】本題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的靈活運用，關(guān)鍵是知道燈

12、泡正常發(fā)光時的電壓和額定電壓相等以及串聯(lián)電路的分壓特點2、D【解析】通入如圖所示的電流時，根據(jù)安培定則可得小磁針的位置的磁場方向是垂直紙面向里，由于小磁針靜止時N極的指向為磁場的方向，所以小磁針的N極將垂直于紙面向里轉(zhuǎn)動，故D正確，ABC錯誤故選D3、B【解析】由圖可知，D項中手臂受力是B項中的2倍，肯定不是最小排除D項；設(shè)兩手臂之間夾角2時，手臂的拉力為F，人的質(zhì)量為m，如下圖所示：由平衡條件得：2Fcos=mg，得到 F=，由數(shù)學(xué)知識可知，當(dāng)=0，即手臂平行時cos最大，F(xiàn)最小故選B4、C【解析】A項： 在回路中起保護電容器的作用，所以它的大小不影響電路中的電流和電壓，即改變的大小不能使得

13、帶電油滴向上運動，A項錯誤；B項：要是帶電粒子向上運動，應(yīng)該增大電容器之間的電場強度，由知道，當(dāng)d不變時，應(yīng)增大電容器兩端的電壓，然后根據(jù)串反并同的 知識我們知道應(yīng)該增大 或者減小 的阻值，所以選項B錯，C對；D項：由公式知，當(dāng)電壓不變時，要使電場強度增大，則應(yīng)該減小兩個板之間的距離，所以D項錯誤；綜上所述，本題答案是C5、C【解析】咬后的兩齒輪有兩輪邊緣上線速度大小相等，根據(jù)線速度大小相等和各物理量的關(guān)系求解即可；【詳解】A、根據(jù)題意有兩輪邊緣上的線速度大小相等，即有，即，故選項AB錯誤；B、根據(jù)角速度和線速度v的關(guān)系得角速度與半徑成反比：即故C正確，選項D錯誤【點睛】抓住齒輪咬合傳動時，兩

14、輪邊緣上線速度大小相等展開討論，熟練掌握描述圓周運動的各物理量之間的關(guān)系是解決本題的關(guān)鍵6、C【解析】各導(dǎo)線在各點磁場方向如圖所示：由于各導(dǎo)線電流相同，在、兩個導(dǎo)線在A、B處磁場大小相同，方向相反，但是導(dǎo)線在A處磁感應(yīng)強度大于在B處磁感應(yīng)強度，根據(jù)場強的合成可以知道根導(dǎo)線的合磁場在A點的磁感應(yīng)強度大小應(yīng)該小于B2，故選項A錯誤；B、如圖所示，根據(jù)場強的合成可以知道，在A的合場強方向向里，故選項B錯誤；C、如圖所示，當(dāng)撤去導(dǎo)線，保持、中電流不變，根據(jù)場強的合成可以，方向垂直紙面向里，故選項C正確，選項D錯誤。點睛：根據(jù)通電導(dǎo)線周圍的磁場對稱性、方向性，去確定合磁場大小磁場的方向相同，則大小相加；

15、方向相反的，大小相減。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A、若虛線是電場線，從軌跡彎曲方向可知電場力沿著電場線向左，ab曲線上每一點的瞬時速度與電場力方向均成鈍角，故電子做減速運動，在a處動能最大，電子在a點電勢能較小，故A正確；B、若虛線為等勢面，根據(jù)等勢面與電場線處處垂直可大致畫出電場線，顯然可看出曲線上每個位置電子受到的電場力與速度成銳角，電子加速運動，故b處動能最大，電子在b點電勢能較小，故B錯誤；C、不論圖中虛線是電場線還是等勢面，電場線的密集

16、程度與等勢面密集程度等價，由電場線的密集程度可看出a點的場強較大，a點的加速度都大于b點的加速度，故C正確；D、若虛線是等勢面，從電子曲線軌跡向下彎曲可知電場線方向垂直虛線向上，沿著電場線方向電勢越來越低，故a點電勢較小，故D錯誤；故選AC【點睛】無論虛線代表的是電場線還是等勢面，粒子受到的電場力的方向都是指向運動軌跡的彎曲的內(nèi)側(cè)，由此可以判斷粒子的受力的方向和運動方向之間的關(guān)系，從而可以確定電場力對粒子做的是正功還是負功8、BD【解析】在t=t1之前物體A與小車共同做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律得：F=（m+M）a，所以小車與物塊的速度隨時間均勻增大；對物塊A根據(jù)牛頓第二定律有：f=ma

17、即靜摩擦力提供其加速度，根據(jù)左手定則判斷出物塊A所受洛倫茲力方向豎直向上，物塊所受的洛倫茲力qvB逐漸增大，由于物體A豎直方向受力平衡，所以A與B之間的壓力減小，即它們間的最大靜摩擦力減小，當(dāng)兩物體A、B之間的最大靜摩擦力不能提供物塊A原來的加速度a時，A、B發(fā)生相對滑動當(dāng)物塊A與小車B之間的最大靜摩擦力不能提供物塊A原來的加速度a時，物塊與小車發(fā)生了相對滑動，此時物塊A受到向左的滑動摩擦力f1=FN雖然小于剛才的靜摩擦力，但是滑動摩擦力的方向仍然向左，物塊A仍然加速運動，物塊所受向上的洛倫茲力qvB逐漸增大，由于物體A豎直方向受力平衡，物塊A與小車B之間的壓力減小，所以向左的滑動摩擦力也減小

18、，即物塊A的加速度在減小，A做加速度逐漸減小的加速運動，則速度增大的越來越慢，洛倫茲力增大的越來越慢，摩擦力減小的越來越慢直到t2時刻A、B之間的摩擦力減小到0，加速度減小到零，最后做勻速直線運動，在速度-時間圖象中物塊A的斜率逐漸減小到零；故AC錯誤，BD正確故選BD9、BD【解析】A.若帶電粒子帶正電，點電荷Q也帶正電，電量為變?yōu)榱阒?，粒子受到指向圓心的洛倫茲力，以及沿著半徑背離圓心的電場力，其向心力等于F向=F洛-F電當(dāng)點電荷Q電量突然為零，電荷只受到洛倫茲力的作用，此時洛倫茲力大于電荷需要的向心力，粒子做近心運動，則半徑減小，故A錯誤；B.因為當(dāng)點電荷消失，粒子只受到洛倫茲力的作用，

19、而洛倫茲力總是和速度方向相互垂直，不會改變粒子的速度大小，所以不論粒子之后做什么運動，其速度大小都不會改變，故B正確；CD.若帶電粒子帶負電，則在點電荷Q電量為變?yōu)榱阒?，粒子受到指向圓心的電場力，以及沿著半徑背離圓心的洛倫茲力，向心力為F向=F電-F洛若此時電場力是洛倫茲力的兩倍，則其向心力的大小等于洛倫茲力，當(dāng)電場力消失時，洛倫茲力的大小剛好等于粒子需要的向心力，粒子繼續(xù)做半徑不變的圓周運動，如圖中紅色軌跡所示由于半徑不變，向心力大小不變，則運動周期不變，故C錯誤D正確；10、AD【解析】電容式話筒與電源串聯(lián)，電壓保持不變；在P、Q間距增大過程中，根據(jù)電容決定式得電容減小，又根據(jù)電容定義式

20、得電容器所帶電量減小，電容器的放電電流通過R的方向由M到N，所以M點的電勢比N點的高；故BC錯，AD正確故選AD【點睛】解決電容器的動態(tài)分析問題，抓住不變量，若電容始終與電源相連，兩端間的電壓不變；若電容器與電源斷開，則電容器所帶的電量不變?nèi)?、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 0.433mm C D F 外【解析】（1）螺旋測微器的讀數(shù)為：d=0mm+43.30.01mm=0.433mm；（2）因電池組的電動勢為3V，且所測電阻約為5，則電路中最大電流為： ，所以電流表選C，電壓表選D；因要求測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，則選用滑動變阻器的分壓式，

21、滑動變阻器選用阻值小的即020，故選用F。（3）因為待測電阻較小，故電流表采用外接法。12、C A C 【解析】（1）1要使兩球發(fā)生對心正碰，兩球半徑應(yīng)相等，為防止入射球碰撞后反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，即m1m2，r1r2，故選C；（2）23驗證碰撞過程動量守恒定律，需要測出兩球的質(zhì)量，兩球做平拋運動的水平位移，因此需要的測量工具為：天平與直尺，故選AC（3）4兩球碰撞后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，碰撞過程動量守恒，則 兩邊同時乘以時間t得： 則四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟

22、。13、 (1) (2)【解析】（1）A、B兩點間的電勢差是：U=Ed=2.01040.10V=2.0103V（2）電荷所受電場力F的大小為：F=Eq，方向向右。電荷從A點移至B點的過程中，電場力所做的功為：W=Fs聯(lián)立解得：W=4.010-5 J14、 (1) (2) 原因見解析 . (3)Eq-mgh-【解析】本題考查安培力的受力平衡問題及閉合電路中的能量轉(zhuǎn)化問題【詳解】（1）因物體A勻速上升，即繩子拉力應(yīng)等于物體重力mg，對于導(dǎo)體棒而言，收到向右的繩子拉力和向左的安培力大小應(yīng)該相等，即 ，則回路中的電流大小 ；（2）a因棒子在移動過程中會切割磁感線產(chǎn)生動生電動勢，產(chǎn)生反向感應(yīng)電流，會與原電路中的電流相互抵消，感應(yīng)電流的大小與導(dǎo)體棒的速度有關(guān)，直到導(dǎo)體棒達到勻速狀態(tài)，之后感應(yīng)電流恒定，總電流恒定，導(dǎo)體棒維持勻速。b根據(jù)能量守恒可知，在此過程中，電源將其它形式能轉(zhuǎn)化為電能，再由電路將電能轉(zhuǎn)化為其它形式能，有 ，得到回路中產(chǎn)生的熱量。15、（1）、；（2）【解析】(1)當(dāng)S閉合時，設(shè)電容器電壓為U，則有：對帶電小球受力分析得：聯(lián)立解得：(2)斷開S，設(shè)電容器電壓為U，則有：,UU，則電容器間場強減小，帶電小球?qū)⑾蛳逻\動對帶電小球運動的全過程，根據(jù)動能定理得：聯(lián)立解得：