《湖南省湘西州2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)水平測試模擬試題含解析.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《湖南省湘西州2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)水平測試模擬試題含解析.doc（14頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列各圖中，正確描繪一個負(fù)電荷電場線的是ABCD2、如圖所示是某電場中幾條電場線，在電場中有A、B兩點，試比較兩點的電場強(qiáng)度大小和電勢高低，其中正確的是 AEAEB，A

2、BBEAEB，ABCEAEB，ABDEAEB，AB3、如圖所示，在勻強(qiáng)電場中有直角三角形BOC，電場方向與三角形所在平面平行，若三角形三頂點處的電勢分別為、，且邊長，則下列說法中正確的是A電場強(qiáng)度的大小為B電場強(qiáng)度的大小為C電場強(qiáng)度的大小為100V/mD一個電子在O點由靜止釋放后會沿直線OB運動4、質(zhì)量為m的物體用輕繩懸掛于天花板上。用水平向左的力F緩慢拉動繩的中點O，如圖所示。用表示繩段拉力的大小，在O點向左側(cè)移動的過程中（）AF逐漸變大，逐漸變大BF逐漸變大，逐漸變小CF逐漸變小，逐漸不變DF逐漸變小，逐漸變小5、如圖所示，有兩個相鄰的有界勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為B，磁場方向相反

3、，且與紙面垂直，兩個磁場區(qū)域在x軸方向?qū)挾染鶠閍，在y軸方向足夠?qū)挰F(xiàn)有一個菱形導(dǎo)線框abcd，ac長為2a，從圖示位置開始向右勻速穿過磁場區(qū)域若以逆時針方向為電流的正方向，在線框中感應(yīng)電流i與線框移動距離x的關(guān)系圖象中正確的是（）ABCD6、如圖用兩根同樣的絕緣細(xì)線把甲、乙兩個質(zhì)量相等的帶電小球懸掛在同一點上，甲、乙兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)已知兩球帶同種電荷，且甲球的電荷量大于乙球的電荷量， F1、F2分別表示甲、乙兩球所受的庫侖力，則下列說法中正確的是AF1一定大于F2BF1一定小于F2CF1與F2大小一定相等D無法比較F二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中

4、，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一質(zhì)量為m、半徑為r的光滑球A用細(xì)繩懸掛于O點，另一質(zhì)量為M、半徑為R的半球形物體B被夾在豎直墻壁和A球之間，B的球心到O點之間的距離為h，A、B的球心在同一水平線上，A、B處于靜止?fàn)顟B(tài)重力加速度為g則下列說法正確的是AA對B的壓力大小為B豎直墻壁對B的摩擦力可能為零C當(dāng)只輕輕把球B向下移動一點距離，若A、B再次保持靜止，則A對B的壓力大小保持不變，細(xì)繩拉力增大D當(dāng)只輕輕把球B向下移動一點距離，若A、B再次保持靜止，則A對B的壓力減小，細(xì)繩拉力減小8、如圖所示的裝置中，木塊B放在光滑的水平桌面上，

5、子彈A以水平速度射入木塊后(子彈與木塊作用時間極短)，子彈立即停在木塊內(nèi)然后將輕彈簧壓縮到最短，已知本塊B的質(zhì)量為M，子彈的質(zhì)量為m，現(xiàn)將子彈、木塊和彈簧合在一起作為研究對象(系統(tǒng))，則從子彈開始入射木塊到彈簧壓縮至最短的整個過程中A系統(tǒng)的動量不守恒，機(jī)械能守恒B系統(tǒng)的動量守恒，機(jī)械能不守恒C系統(tǒng)損失的機(jī)械能為D彈簧最大的彈性勢能小于9、如圖所示，在一個勻強(qiáng)電場(圖中未畫出)中有一個直角梯形ABCD，其中，E為AD的中點，F(xiàn)為BC的中點一個帶正電的粒子從A點移動到B點，電場力做功為WAB=3.010-6J；將該粒子從D點移動到C點，電場力做功為WDC=4.010-6J則以下分析正確的是( )A

6、若將該粒子從E點移動到F點，電場力做功為WEF=3.510-6JB若將該粒子從E點移動到F點，電場力做功WEF有可能大于3.510-6JC若將該粒子從B點移到C點，電場力做功為WBC=1.010-6J，則此勻強(qiáng)電場的方向一定是從A點指向B點的方向D若該粒子的電量為210-6C，則A、B之間的電勢差為1.5V10、如圖所示的U-I 圖象中，直線為某電源路端電壓與電流的關(guān)系圖線，直線為某一電阻R 的U-I圖線用該電源與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知（ ）AR 的阻值為1.5B電源電動勢為3.0V，內(nèi)阻為1.5C電源的輸出功率為3.0WD電阻R 消耗的功率為1.5W三、實驗題：本題共2小題，共18

7、分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）通過實驗描繪：一個“2.5V，0.2W”小燈泡的伏安特性曲線，可供選擇的儀器有A00.6A，電阻為0.2的電流表 B0100mA,電阻為5的電流表C03V,電阻為10K的電壓表 D015V,電阻為50K的電壓表E.最大電阻為20額定電流為1.0A的滑動變阻器F.最大電阻為1K額定電流為0.1A的滑動變阻器G.蓄電池6V、導(dǎo)線、電鍵要求實驗燈泡電壓從零逐漸增大到額定電壓。（1）電壓表應(yīng)選_. 電流表應(yīng)選 _. 滑動變阻器選_. （均填寫前面的字母序號）（2）畫出電路圖在下面方框內(nèi)。（_）（3）按照正確的電路圖連接右邊的實物圖 （

8、_）（4）連好圖示的電路后閉合開關(guān)，通過移動變阻器的滑片，使小燈泡中的電流由零開始逐漸增大，直到小燈泡正常發(fā)光，由電流表和電壓表得到的多組讀數(shù)描繪出的IU圖象可能是（_）A B C D（5）分析小燈泡的I-U曲線,可知小燈泡的電阻隨電流I變大而_ （填“變大”、“變小”或“不變”）,原因是_。12（12分） “描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，小燈泡的額定電壓為，額定功率為，實驗中除導(dǎo)線和開關(guān)外，還有以下器材可供選擇：A直流電源內(nèi)阻不計B直流電流表內(nèi)阻約為C直流電流表內(nèi)阻約為D直流電壓表內(nèi)阻約為E.滑動變阻器，F(xiàn).滑動變阻器，2A實驗要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化并能進(jìn)行多次測量。（1）實驗

9、中電流表應(yīng)選用_，滑動變阻器應(yīng)選用_。均填寫儀器前的字母（2）根據(jù)所提供器材，在線框中畫出實驗電路圖。（_）（3）如圖是此實驗的器材實物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線。請根據(jù)在上問中所畫的電路圖，補(bǔ)充完成圖中實物間的連線。（_）（4）開關(guān)S閉合之前，圖甲中滑動變阻器的滑片應(yīng)該置于_。選填“左端”“右端”或“正中間”（5）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，畫出小燈泡IU圖線如圖所示。由此可知，當(dāng)電壓為時，小燈泡的燈絲電阻是_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）下表是一輛電動自行車的部分技術(shù)指標(biāo)，其中額定車速是指電動自行車滿載情況下在

10、水平平直道路上以額定功率勻速行駛的速度。請參考表中數(shù)據(jù)，完成下列問題（g取10m/s2）：額定車速整車質(zhì)量載重額定輸出功率電動機(jī)額定工作電壓和電流18km/h40kg80kg180W36V/6A (1)此電動機(jī)的電阻是多少？(2)在水平平直道路上行駛過程中電動自行車受阻力是車重（包括載重）的k倍，試計算k的大小。(3)仍在上述道路上行駛，若電動自行車滿載時以額定功率行駛，當(dāng)車速為3m/s時的加速度為多少？14（16分）一根長為L=3.2m、橫截面積S=1.6103m2的銅棒，兩端加電壓U=7.0102V銅的電阻率=1.75108m，求：（1）通過銅棒的電流；（2）銅棒內(nèi)的電場強(qiáng)度15（12分）

11、如圖所示，光滑導(dǎo)軌與水平面所成角度60，置于方向垂直于導(dǎo)軌平面向上勻強(qiáng)磁場中，將質(zhì)量為m2kg的金屬桿水平放在導(dǎo)軌上，通過電流I4A時，金屬桿正好能靜止（g=10m/s2）.求：（1）金屬桿受到的安培力大小和方向;（2）若金屬桿的長度為m，求磁場B的大小。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】負(fù)電荷電場線方向指向負(fù)電荷，且電荷周圍電場線均勻分布，故A正確。2、C【解析】電場強(qiáng)度的大小看電場線的疏密程度，電場線越密的地方電場強(qiáng)度越大，所以EAEB，沿著電場線電勢一定降低所以AB。故選C。3、C【解析】由勻強(qiáng)電

12、場的特點可知，則B、C連線中點D的電勢為B、C電勢的平均值，即為4.5V連接OD線，即為一條等勢線，作出過D的與OD垂直的線ED如圖，即電場線，由幾何關(guān)系可知：，所以：，D是BC的中點，則OBD是等邊三角形，又EDOD，所以DE與BD之間的夾角是30，則電場線與OB之間的夾角也是30，故該電場的場強(qiáng)方向沿B的角平分線向上，根據(jù)電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系：，而：，代入數(shù)據(jù)可得：，故AB錯誤，C正確；由作電場的圖可知，一個電子在O點由靜止釋放后會沿電場線運動，而不會沿直線OB運動，故D錯誤；故選C.4、A【解析】以結(jié)點O為研究對象受力分析如下圖所示由題意知點O緩慢移動，即在移動過程中始終處于平衡狀態(tài)，

13、則可知：繩OB的張力根據(jù)平衡條件可知，由此兩式可得，在結(jié)點為O被緩慢拉動過程中，夾角增大，由三角函數(shù)可知：F和均變大。故A正確，BCD錯誤。故選A。5、C【解析】根據(jù)楞次定律，剛進(jìn)入磁場時感應(yīng)電流沿逆時針方向，為正方向，而將出磁場時，感應(yīng)電流同樣也沿逆時針方向，為正方向，B錯誤：而在線框從第1個磁場區(qū)域進(jìn)入第2個磁場區(qū)域的過程中導(dǎo)線框中的磁通量變化得越來越快，感應(yīng)電動勢大小逐漸增大，且當(dāng)導(dǎo)線框剛好完全進(jìn)入到磁場中時達(dá)到正向最大，當(dāng)時由楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律可知線框中電流方向為順時針方向，且為時電流的兩倍，故C正確.6、C【解析】甲電荷所受的庫侖力是乙電荷產(chǎn)生的電場對它的作用力，乙電荷所受

14、的庫侖力是甲電荷產(chǎn)生的電場對它的作用力兩個力大小相等所以F1=F2，故C正確，ABD錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】分析小球的受力情況，運用合成法作圖，結(jié)合三角形相似求出B對A的支持力，從而求得A對B的壓力.分析B的受力情況，由平衡條件判斷墻壁對B的摩擦力.當(dāng)只輕輕把球B向下移動一點距離，再用同樣的方法得到B對A的支持力和細(xì)繩拉力的表達(dá)式，即可分析它們的變化.【詳解】A分析A球的受力情況，如圖1所示：N與mg的合力與T等大反向共線，根據(jù)兩個陰影三角

15、形相似得：，得：，由牛頓第三定律知A對B的壓力大小為：，故A正確.BB在豎直方向受到重力，而AB間無摩擦，由平衡條件知豎直墻壁對B一定有摩擦力，故B錯誤.CD當(dāng)只輕輕把球B向下移動一點距離，分析A球的受力情況，如圖2所示：N與T的合力與mg等大反向共線，根據(jù)兩個陰影三角形相似得：可得：，由于Lh，可知，N減小，T減小，由牛頓第三定律知A對B的壓力減小，故C錯誤，D正確.故選AD.【點睛】本題中沒有角度，所以可以采用三角形相似研究共點力平衡問題.正確作出力的合成圖是關(guān)鍵.8、CD【解析】AB.由于子彈射入木塊過程中，二者之間存在著摩擦，故此過程系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，子彈與木塊一起壓縮彈簧的過程中，速

16、度逐漸減小到零，所以此過程動量不守恒，故整個過程中，系統(tǒng)動量、機(jī)械能均不守恒，故AB錯誤；C.對子彈和木塊由動量守恒及能量守恒得，系統(tǒng)損失的機(jī)械能為，故C正確；D.由于子彈和木塊碰撞有機(jī)械能損失，所以最終彈簧彈性勢能小于最初的動能，故D正確9、ACD【解析】用表示各點的電勢根據(jù)電場力做功的公式W=qU可知：WEF=qUEF=q（E-F），因為E、F是線段的中點，因此在勻強(qiáng)電場中有：E 、F，代入上式化簡可得：WEFWAB+WDC=3.510-6J故A正確、B錯誤；若將該粒子從B點移到C點，電場力做功為WBC1106JWDC，根據(jù)電場力做功公式W=qU可知UDC=4UBC，則B點電勢與DC連續(xù)靠

17、近C點四分之一處的點電勢相等，這兩個點的連續(xù)就是等勢線；根據(jù)電場線與等勢線必定垂直的性質(zhì)，此勻強(qiáng)電場的方向一定從A點指向B點的方向故C正確；根據(jù)電場力做功的公式WAB=qUAB得：故D正確故選ACD【點睛】解答本題的關(guān)鍵是：要掌握在勻強(qiáng)電場中連線中點電勢大小的計算方法，同時要靈活應(yīng)用電場力做功公式并熟知等勢面和電場強(qiáng)度的方向關(guān)系10、ABD【解析】A、由兩圖線的交點知， ，故A正確； B、直線I在縱軸上的截距為電動勢，即E=3V，斜率的絕對值為內(nèi)阻，即 ，選項B正確；CD、電源的輸出功率P=UI=1.5W，也等于電阻R消耗的功率，選項C錯誤，D正確綜上所述本題答案是：ABD三、實驗題：本題共2

18、小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C B E C 變大 小燈泡燈絲的電阻隨溫度的升高而增大 【解析】（1）123燈泡額定電壓為2.5V，電壓表選C；燈泡額定電流：電流表應(yīng)選擇B；為方便實驗操作滑動變阻器應(yīng)選擇E（2）4描繪燈泡伏安特性曲線電壓表與電流表應(yīng)從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法；電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)選擇外接法，實驗電路圖如圖所示：（3）5根據(jù)電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（4）6燈泡電阻受溫度影響，隨溫度升高而增大，隨電壓增大通過燈泡的電流變大，燈泡實際功率增大，燈泡溫度升高，燈泡電阻變大，由圖示可知，圖C所示圖象

19、正確，故選C（5）78 燈泡電阻隨電流增大而增大，因為燈絲電阻率隨溫度升高而增大。12、B F 左端 【解析】（1）12小燈泡的額定電流為：，故選電流表B；滑動變阻器選擇較小的，便于操作，故選滑動變阻器F；（2）3電流表內(nèi)阻和小燈泡的內(nèi)阻相接近，故采用電流表外接法，要求小燈泡兩端的電壓從零開始，所以采用滑動變阻器的分壓接法，電路圖如圖所示：（3）4根據(jù)電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（4）5為了保護(hù)小燈泡不被燒壞，應(yīng)使得小燈泡兩端的電壓為零，所以滑動變阻器的滑片應(yīng)置于最左端；（5）6由圖乙所示圖象可知，當(dāng)小燈泡兩端的電壓為0.75V時，小燈泡中的電流為0.125A，所以根據(jù)歐姆定律可

20、得此時小燈泡的電阻為：；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)1；(2)0.03；(3)0.2m/s2【解析】(1)從表中可知，輸出功率P出=180W，輸入功率P入=UI=366W=216WP損P入-P出=I2r62r36W解得r=1(2)根據(jù)功率方程P額=fvm=k（M+m）gvm所以(3)由功率公式得P額=Fv由牛頓第二定律得F-k（M+m）g=(M+m）a解得a=0.2m/s214、（1）2103 A；（2）2.2102V/m【解析】（1）由和 得： （2）由U=Ed可知電場強(qiáng)度為： 電場強(qiáng)度的方向與電子運動方向相反，15、（1）10N，方向沿斜面向上；（2）2.5 T【解析】（1）由平衡知識可知，金屬棒所受的安培力等于重力沿斜面向下的分量，即：方向沿斜面向上；（2）根據(jù)F安=BIL可得