《2023學(xué)年湖南省二校聯(lián)考物理高二第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測試題含解析.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2023學(xué)年湖南省二校聯(lián)考物理高二第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測試題含解析.doc（13頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，甲、乙兩人靜止在光滑的冰面上，甲沿水平方向推了乙一下，結(jié)果兩人向相反方向滑去已知甲的質(zhì)量為45kg，乙的質(zhì)量為50kg則下列判斷正確的是A甲的速率與乙的速率之比為 9:1

2、0B甲的加速度大小與乙的加速度大小之比為 9:10C甲對乙的沖量大小與乙對甲的沖量大小之比為 1:1D甲的動能與乙的動能之比為1:12、關(guān)于曲線運動，下列說法中正確的是A曲線運動一定是變速運動B曲線運動的加速度可以為零C在恒力作用下，物體不可以做曲線運動D物體做曲線運動，動能一定會發(fā)生變化3、做簡諧運動的物體，當(dāng)其位移為負(fù)時，以下說法正確的是()A速度一定為正值，加速度一定為負(fù)值B速度一定為負(fù)值，加速度一定為正值C速度不一定為負(fù)值，加速度不一定為正值D速度不一定為負(fù)值，加速度一定為正值4、白熾燈泡燈絲的I-U特性曲線可用以下圖中哪個圖象來表示( )ABCD5、由電容器電容的定義式C可知()A若

3、電容器不帶電，則電容C為零B電容C與電容器所帶電荷量Q成反比，與電壓U成反比C電容在數(shù)值上等于使兩板間的電壓增加1 V時所需增加的電荷量D電容器所帶電荷量，是兩極板所帶電荷量的代數(shù)和6、如圖電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，R0為定值電阻，電容器的電容為C閉合開關(guān)S，增大可變電阻R的阻值，電壓表示數(shù)的變化量為U，電流表示數(shù)的變化量為I，則下列說法錯誤的是A變化過程中U和I的比值保持不變B電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變小C電阻R0兩端電壓減小，減小量為UD電容器的帶電量增大，增加量為CU二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選

4、對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電場中有A、B兩點，下列判斷正確的是()A電勢AB，場強EAB，場強EAEBC將電荷量為q的正電荷從A點移到B點，靜電力做正功，電勢能減少D將電荷量為q的負(fù)電荷從A點移到B點，電荷具有的電勢能EpAEpB8、如圖所示，為一圓形區(qū)域的勻強磁場，在O點處有一放射源，沿半徑方向射出速度為v的不同帶電粒子，其中帶電粒子1從A點飛出磁場，帶電粒子2從B點飛出磁場，不考慮帶電粒子的重力，則 ( )A帶電粒子1的比荷與帶電粒子2的比荷比值為3:1B帶電粒子1的比荷與帶電粒子2的比荷比值為1C帶電粒子1與帶電粒子2在磁場中運動時間比值為23D帶電粒

5、子1與帶電粒子2在磁場中運動時間比值為129、某水電站用總電阻為2.5 的輸電線輸電給500 km外的用戶，其輸出電功率是3106 kW.現(xiàn)用500 kV電壓輸電，則下列說法正確的是()A輸電線上輸送的電流大小為6.0103 AB輸電線上由電阻造成的電壓損失為15 kVC若改用5 kV電壓輸電，則輸電線上損失的功率為9108 kWD輸電線上損失的功率為P，U為輸電電壓，r為輸電線的電阻10、一個T形電路如圖所示，電路中的電阻R1120 ，R210 ，R340 .另有一測試電源，電動勢為100 V，內(nèi)阻忽略不計則( )A當(dāng)c、d端短路時，a、b之間的等效電阻是130 B當(dāng)a、b端短路時，c、d之

6、間的等效電阻是40 C當(dāng)a、b兩端接通測試電源時，用理想電壓表測得c、d兩端的電壓為50VD當(dāng)c、d兩端接通測試電源時，用理想電壓表測得a、b兩端的電壓為80 V三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）小姚同學(xué)做了“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”的實驗，請回答以下問題：本實驗中需要測量電壓，則在如圖所示的器材中，應(yīng)_（填字母）；A選甲圖中的器材B選乙圖中的器材C都可以選D都不能選小姚在做本實驗時，選擇的原線圈為100匝，副線圈為200匝；他將原線圈接入學(xué)生電源中的交流電壓“6V”擋位，用合適的電表測量出副線圈的電壓為13.0V

7、，則下列敘述可能符合實際情況的一項是_（填字母）A變壓器的鐵芯沒有閉合B一定是電壓的測量出了問題C副線圈實際匝數(shù)與標(biāo)注的“200”不符，應(yīng)該小于200匝D學(xué)生電源實際輸出電壓大于標(biāo)注的“6V“12（12分）某同學(xué)在用如圖所示的裝置探究彈簧彈力與伸長量的關(guān)系時，測得彈簧的長度與所掛鉤碼的個數(shù)如下表所示，請?zhí)畛霰碇兴表梍、_(彈簧在彈性限度內(nèi)，每個鉤碼質(zhì)量相同) 所掛鉤碼個數(shù)(個)彈簧長度(cm) 0 1 4.0 5.0四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）原地縱跳摸高是運動員的常用訓(xùn)練項目。已知質(zhì)量m=60k

8、g的運動員原地（不起跳）摸高為2.05m。某次訓(xùn)練中，該運動員先下蹲，重心下降0.5m，經(jīng)過充分調(diào)整后，發(fā)力跳起摸到了2.85m的高度。假設(shè)運動員起跳過程為豎直方向的勻加速直線運動，忽略空氣阻力影響。求：（1）該運動員離開地面時的速度大??；（2）起跳過程中運動員對地面的壓力大??；（3）從開始起跳到雙腳落地需要的時間。14（16分）如圖所示，用一根絕緣細(xì)線懸掛一個帶電小球，小球的質(zhì)量為m，電量為q，現(xiàn)加一水平的勻強電場，平衡時絕緣細(xì)線與豎直方向夾角。（1）試求這個勻強電場的場強E大??；（2）如果將電場方向順時針旋轉(zhuǎn)角、大小變?yōu)镋后，小球平衡時，絕緣細(xì)線仍與豎直方向夾角，則E的大小又是多少？15（

9、12分）如圖所示，電源電動勢E10 V，內(nèi)阻r0.5 ，閉合S，標(biāo)有“8 V,16 W”的燈泡L恰好能正常發(fā)光，電動機M繞線的電阻R01 ，求：(1)電源的總功率；(2)電動機的輸出功率.參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A甲、乙兩人組成的系統(tǒng)動量守恒，以兩人組成的系統(tǒng)為研究對象，以甲的速度方向為正方向，由動量守恒定律得：甲、乙的速率之比：故A錯誤；B甲與乙之間的作用力為作用力與反作用力，大小相等，由牛頓第二定律：加速度之比：故B錯誤；C甲、乙兩人組成的系統(tǒng)動量守恒，所以分離后二者動量大小相等，方向相反

10、由動量定理：I=mv=P可知，甲對乙的沖量大小與乙對甲的沖量大小之比為1：1故C正確；D動能的表達(dá)式：甲、乙動能之比：故D錯誤2、A【解析】A曲線運動的速度方向為該點的切線方向，時刻變化，故曲線運動是變速運動，故A正確；B做曲線運動的物體，一定受到力的作用，故一定有加速度，故B錯誤；C曲線運動的條件，合外力與速度不一條直線上，與合外力是否變化無關(guān)；如平拋運動的合外力不變，加速度不變，物體做勻變速曲線運動，故C錯誤；D勻速圓周運動的速率始終不變，故動能不變，故D錯誤3、D【解析】振子的位移為負(fù)值時，可知加速度a一定為正，因為振子每次通過同一位置時，速度可能在兩種不同的方向，所以速度可正可負(fù)，故D

11、正確，ABC錯誤。4、A【解析】根據(jù)歐姆定律，得到，由數(shù)學(xué)知識得知，I-U圖象上的點與原點連線的斜率大小表達(dá)電阻的倒數(shù)，而白熾燈的電阻隨電壓增加而增大，因此I-U特性曲線是過原點的向電壓U軸傾斜的曲線.A該圖與結(jié)論相符，選項A正確；B該圖與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C該圖與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D該圖與結(jié)論不相符，選項D錯誤；5、C【解析】AB電容器的電容只由電容器內(nèi)部結(jié)構(gòu)決定，與電容器是否帶電以及兩端的電壓均無關(guān)，選項AB錯誤；C根據(jù) 可知，電容器的電容在數(shù)值上等于使兩板間的電壓增加1 V時所需增加的電荷量，選項C正確；D電容器所帶電荷量，是指一個極板帶電量的絕對值，選項D錯誤。6、C【解析

12、】A根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-I（R0+r）由數(shù)學(xué)知識得知保持不變。故A正確，不符合題意。B合開關(guān)S，增大可變電阻R的阻值后，電路中電流減小，電流表示數(shù)變?。挥蓺W姆定律分析得知，電阻R0兩端的電壓減小，R兩端的電壓增大，即電壓表示數(shù)變大，選項B正確，不符合題意；C因它們的總電壓即路端電壓增大，R兩端的電壓增大，所以電阻R0兩端的電壓減小量小于U，選項C錯誤，符合題意D電容器兩極板間的電壓等于R兩端的電壓，可知電容器板間電壓增大，帶電量增大，增大量為CU，選項D正確，不符合題意二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對

13、的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】由圖示可知，B處的電場線密，A處的電場線稀疏，因此B點的電場強度大，A點的場強小，即EAEB；沿著電場線的方向，電勢逐漸降低，由圖示可知，BA，故A正確，B錯誤；將電荷量為q的正電荷從A點移到B點，電場力做正功，電勢能減小，故C正確；將電荷量為q的負(fù)電荷從A點移到B點，電場力做負(fù)功，電勢能增加，電荷具有的電勢能EpAEpB故D錯誤；故選AC。【點睛】電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布電場線的疏密表示電場強度的強弱，電場線某點的切線方向表示電場強度的方向，抓住電場力做功與電勢能的關(guān)系.8、AC【解析】粒子運動軌跡如圖所示：設(shè)粒

14、子的運動軌道半徑為rA，rB, 根據(jù)幾何關(guān)系可得：，軌道半徑之比1：1洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，聯(lián)立以上可得粒子1與粒子2的比荷值為1:1，故A正確，B錯誤；粒子運動的周期為：，粒子運動的時間：，粒子在磁場中做圓周運動，由數(shù)學(xué)知識可知，粒子做圓周運動轉(zhuǎn)過的圓心角分別是：A=120，B=60，聯(lián)立以上可得：，故C正確，D錯誤所以AC正確，BD錯誤9、AB【解析】據(jù)P=UI知，輸電線上的輸送電流，A錯誤；輸電線上損失的電壓，B正確；若改用5kV電壓輸電，則輸送電流，則損失的功率，違背能量守恒定律，C錯誤；輸電線上損失的功率為，U應(yīng)為線路上損失的電壓，r為輸電線的電阻，D錯誤1

15、0、BD【解析】當(dāng)cd端短路時，ab間電路的結(jié)構(gòu)是：電阻R2、R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)，等效電阻為，故A錯誤；當(dāng)ab端短路時，cd之間電路結(jié)構(gòu)是：電阻R1、R3并聯(lián)后與R2串聯(lián)，等效電阻為，故B正確；當(dāng)ab兩端接通測試電源時，cd兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓，故C錯誤；當(dāng)cd兩端接通測試電源時，ab兩端的電壓等于電阻R3兩端的電壓：，故D正確所以BD正確，AC錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A D 【解析】由圖可知，甲圖中多用電表，而乙圖是靈敏電壓表，需要測量電壓，因此選用甲圖，故A正確，BCD錯誤根據(jù)理想變壓器的原副線圈的電壓

16、與其匝數(shù)關(guān)系式：，計算可得A若變壓器的鐵芯沒有閉合，則得出副線圈的電壓為0，故A錯誤；B若是電壓的測量出了問題，應(yīng)該是小于12V，不應(yīng)該大于，故B錯誤；C副線圈實際匝數(shù)與標(biāo)注的“200”不符，若小于200匝，由公式可知，副線圈的電壓小于12.0V，故C錯誤；D若學(xué)生電源實際輸出電壓大于標(biāo)注的“6V“，由公式可知，副線圈的電壓可能為13.0V，故D正確12、3.0 2 【解析】由圖看出，不掛勾碼時，彈簧長度為3.0cm；掛一個勾碼時，彈簧長度為4cm，伸長1cm；掛兩個勾碼時，拉力變?yōu)?倍，故伸長量變?yōu)?倍，即伸長2cm，長度為5cm；則表中所缺項：3.0、2；【點睛】胡克定律是力學(xué)基本定律之一

17、。適用于一切固體材料的彈性定律，它指出：在彈性限度內(nèi)，物體的形變跟引起形變的外力成正比。這個定律是英國科學(xué)家胡克發(fā)現(xiàn)的，所以叫做胡克定律。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解析】根據(jù)題意可知，運動員的運動分成兩個部分：向上的加速和向上的減速，位移分別為x1=0.5m和x2=0.8m。設(shè)加速度大小分別為a和g，向上運動的最大速度為v，以豎直向上為正方向。（1）運動員離開地面的速度等于最大速度，根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律可得代入數(shù)據(jù)可得，運動員的最大速度為（2）根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律，可得向上加速的過程有代入數(shù)據(jù)可

18、得，加速的加速度為在向上加速的過程中，運動員受到地面的支持力和重力，根據(jù)牛頓運動定律可得代入數(shù)據(jù)可得，運動員對地面的壓力為1560N（3）運動員從起跳到落地經(jīng)過的過程為：向上的加速、向上的減速和向下的自由落體；所以運動的總時間14、 (1) ；(2) 【解析】（1）小球受到重力、電場力和細(xì)線的拉力，受力分析如圖1所示由平衡條件得解得（2）將電場方向順時針旋轉(zhuǎn)角、大小變?yōu)镋后，電場力方向也順時針轉(zhuǎn)過角，大小為，此時電場力與細(xì)線垂直，如圖2所示根據(jù)平衡條件得則得15、（1）40 W（2）12 W.【解析】（1）燈泡正常發(fā)光，U=U額 =8V，則電源內(nèi)阻的電壓U內(nèi) =E-U=2V由歐姆定律得流過電源的電流I=U內(nèi)/r =2/0.5 A=4A 電源的總功率P總=EI=104=40W（2）燈泡的電流I燈 =P額/U額=2A電動機的電流IM=I-I燈=2A電動機消耗的電功率PM=UIM=82=16W電動機發(fā)熱功率P熱=IM2R0=221=4W所以電動機的輸出功率P輸出=PM-P熱=16-4=12W