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1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、已知電源內(nèi)阻r=2,燈泡電阻RL=2, R2=2 滑動(dòng)變阻器R1的最大阻值為3,如圖所示,將滑片P 置于最左端,閉合開關(guān)S1, S2 ,電源的輸出功率為 P0 ,則( )A將滑片

2、P 向右滑動(dòng)， R1消耗的功率先增大后減小B將滑片P 向右滑動(dòng)，L 消耗的功率先增大后減小C當(dāng)滑片P 置于最右端時(shí),電源輸出功率仍為 P0D若p 位于最左端時(shí)斷開S2，電源的輸出功率達(dá)到最大值2、兩點(diǎn)電荷A、B帶電量qAqB，在真空中相距為L0，現(xiàn)將檢驗(yàn)電荷q置于某一位置時(shí)所受庫侖力恰好為零，則此位置當(dāng)A、B為（ ）A同種電荷時(shí)，在A、B連線上靠近B一側(cè)B同種電荷時(shí)，在A、B連線上靠近A一側(cè)C異種電荷時(shí)，在BA連線的延長線上靠近A一側(cè)D異種電荷時(shí)，在A、B連線上靠近A一側(cè)3、如果在某電場(chǎng)中將5.010-8C的電荷由A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為6.010-3J，那么（）AA、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差是1.

3、210-5VBA、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差是3.010-10VC若在A、B兩點(diǎn)間移動(dòng)2.510-8C的電荷，電場(chǎng)力將做3.010-3J的功D若在A、B兩點(diǎn)間移動(dòng)1.010-7C的電荷，電場(chǎng)力將做3.010-3J的功4、兩個(gè)分別帶有電荷量Q和7Q的相同金屬小球(均可視為點(diǎn)電荷)，固定在相距為r的兩處，它們間庫侖力的大小為F，兩小球相互接觸后將其固定距離變?yōu)?，則兩球間庫侖力的大小為ABCD5、如圖，a、b是電場(chǎng)中的兩個(gè)點(diǎn)，Ea、Eb分別表示a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，可以確定（ ）AEa=Eb BEa0）的點(diǎn)電荷。現(xiàn)將一電荷量為q(q0)、質(zhì)量為m的點(diǎn)電荷由A處靜止釋放，運(yùn)動(dòng)到距底部為h2的B處速度恰好為零。已

4、知靜電力常量為k，重力加速度為g。若將另一電荷量為q(q0)、質(zhì)量為3m的點(diǎn)電荷仍在A處由靜止釋放，則該點(diǎn)電荷（）A運(yùn)動(dòng)到B處的速度為零B在下落過程中加速度大小先變小后變大C運(yùn)動(dòng)到B處的速度大小為D速度最大處與底部點(diǎn)電荷距離為8、如圖所示，豎直面內(nèi)的光滑絕緣半圓軌道，直徑MN水平，將一帶正電的小球從M點(diǎn)靜止釋放，經(jīng)時(shí)間t到達(dá)最低點(diǎn)，速率為v，對(duì)軌道的壓力為；若在軌道圓心處固定一正電荷，重新將該小球從M點(diǎn)靜止釋放，經(jīng)時(shí)間t到達(dá)最低點(diǎn)，速率為v，對(duì)軌道的壓力為。下列說法正確的是AtEb，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；電場(chǎng)線的切線方向是場(chǎng)強(qiáng)的方向，則a、b兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向相同，選項(xiàng)C正確；D錯(cuò)誤；故選C.【點(diǎn)睛】

5、電場(chǎng)線雖不是實(shí)際存在，但能形象地表達(dá)：電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，電場(chǎng)線某點(diǎn)切線方向表電場(chǎng)的方向6、A【解析】試題分析：由題勻強(qiáng)電場(chǎng)中，由于D為AB的中點(diǎn)，則D點(diǎn)的電勢(shì)，電荷從D點(diǎn)移到C點(diǎn)電場(chǎng)力所做的功為W=qUDC=q（D-C）=110-6（10-2）J=810-6JAB的長度為1m，由于電場(chǎng)強(qiáng)度的方向并不是沿著AB方向，所以AB兩點(diǎn)沿電場(chǎng)方向的距離d1m，勻強(qiáng)電場(chǎng)中兩點(diǎn)電勢(shì)差與兩點(diǎn)沿電場(chǎng)方向的距離成正比，即U=Ed，所以，故選A考點(diǎn)：電勢(shì)；電場(chǎng)強(qiáng)度二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，

6、有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】A.質(zhì)量為m的點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)速度為零，由動(dòng)能定理可知換質(zhì)量為3m的電荷后，運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)克服電場(chǎng)力做功不變，但重力做功變大，所以在B點(diǎn)速度大于零，A錯(cuò)誤；B.剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)電場(chǎng)力小于重力有在下落過程中電場(chǎng)力增大，加速度減小，當(dāng)電場(chǎng)力大于重力時(shí)有在下落過程中電場(chǎng)力增大，加速度增大，B正確；C.質(zhì)量為m的電荷運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有換質(zhì)量為3m的電荷后，根據(jù)動(dòng)能定理有解得，故C正確；D.當(dāng)重力與電場(chǎng)力相等時(shí)速度最大，有解得 故D錯(cuò)誤。故選BC。8、BCD【解析】AB小球下滑過程中速度始終沿切線方向，由重力的分力提供加速度，與是否受庫侖力無關(guān)，故小球到達(dá)最低點(diǎn)過程中時(shí)

7、間相同，故A錯(cuò)誤，B正確.C如果圓心處有正電荷，但因?yàn)樾∏驈腗點(diǎn)靜止釋放，到達(dá)最低點(diǎn)的過程中，庫侖力也不做功，故根據(jù)動(dòng)能定理可知：小球到達(dá)最低點(diǎn)的速度大小是一樣的，方向都水平向右.故C正確.D小球到達(dá)最低點(diǎn)，合力提供向心力，當(dāng)沒有庫侖力時(shí)：當(dāng)有庫侖力時(shí)：再根據(jù)牛頓第三定律可知小球?qū)壍赖膲毫Γ蔇 正確.9、BCD【解析】AB由閉合電路歐姆定律U=E-Ir得，當(dāng)I=0時(shí)，U=E，即圖線與縱軸交點(diǎn)表示斷路狀態(tài)，電動(dòng)勢(shì)E=6V，電源的內(nèi)阻等于圖線的斜率大小選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確； C外電阻R=0時(shí)，短路電流為選項(xiàng)C正確；D干路電流增大，可知外電路電阻R減小，根據(jù)電源效率可知，電源效率變小，選項(xiàng)D正確。

8、10、AD【解析】根據(jù)當(dāng)外電阻等于內(nèi)電阻時(shí)，電源的輸出功率最大去求解；對(duì)微粒進(jìn)行受力分析，根據(jù)微粒處于平衡狀態(tài)，判斷出微粒的電性當(dāng)開關(guān)接向b（未接觸b）的過程中，電容器電荷量未變，從而判斷出微粒的運(yùn)動(dòng)狀況；電路的動(dòng)態(tài)分析抓住電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻不變，結(jié)合閉合電路歐姆電路進(jìn)行分析；找出開關(guān)接a和接b上下極板所帶電荷的電性，即可確定出電流的方向【詳解】在開關(guān)S與a接觸且當(dāng)電路穩(wěn)定時(shí)，電源恰好有最大的輸出功率，可知，則電源的輸出功率，A正確；在開關(guān)S與a接觸且當(dāng)電路穩(wěn)定時(shí)，在平板電容器正中央引入一帶電微粒，也恰能靜止微粒受重力和電場(chǎng)力平衡而上極板帶正電，可知微粒帶負(fù)電當(dāng)開關(guān)接向未接觸的過程中，電容器所帶的電

9、量未變，電場(chǎng)強(qiáng)度也不變，所以微粒不動(dòng)，B錯(cuò)誤；電容器所在的支路相當(dāng)于斷路，在題設(shè)條件下，和及電源構(gòu)成串聯(lián)電路，的阻值增大時(shí)，總電阻增大，總電流減小，兩端的電壓減小C錯(cuò)誤；在題設(shè)條件下，開關(guān)接a時(shí)，上極板帶正電，當(dāng)開關(guān)接向b后，下極板帶正電，流過的電流方向?yàn)椋珼正確三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A 半導(dǎo)體 4.0V 0.40 【解析】(1)1電壓從零開始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；待測(cè)電阻阻值很小，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值，電流表應(yīng)采用外接法，由圖所示電路圖可知，實(shí)驗(yàn)應(yīng)采用A所示電路。(2)2由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，隨元件電壓增

10、大，通過元件的電流增大，元件的實(shí)際功率增大，元件溫度升高；由歐姆定律可知，隨元件兩端電壓增大，元件電阻減小，因此元件是半導(dǎo)體材料。(3)34由圖可知，元件Z與電阻R串聯(lián)，電流表測(cè)電路電流，由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，電流為1.25A時(shí)，元件兩端電壓為1.00V，電流為0.80A時(shí)，元件兩端電壓為0.80V，由閉合電路歐姆定律可得：，可得：，解得：12、BC【解析】(1)小燈泡的額定電壓為2.5V，所以采用電壓表C，小燈泡的額定電流為，所以采用電流表B；(2)由于電壓電流需從零開始測(cè)起，所以滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，正常工作時(shí)燈泡的電阻，遠(yuǎn)小于電壓表的內(nèi)阻，屬于小電阻，電流表采用外接法電路圖如圖所示：四

11、、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）E=3V， r=1（2）P=0.81W【解析】（1）K接1，時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律有K接2時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律有聯(lián)立代入數(shù)據(jù)：解得：E=3V，r=1（2）K接2時(shí)，電阻消耗的功率14、 (1) (2) 【解析】(1) 由粒子的飛行軌跡，利用左手定則可知，該粒子帶負(fù)電荷；粒子由A點(diǎn)射入，由C點(diǎn)飛出，其速度方向改變了90，粒子在磁場(chǎng)里的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為： 解得：；(2) 設(shè)圓形區(qū)域的半徑為R，粒子飛出磁場(chǎng)時(shí)的速度方向相對(duì)于入射方向改變了120角，由幾何知可知，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑由(1)可知，粒子由A點(diǎn)射入，由C點(diǎn)飛出，其速度方向改變了90，則粒子軌跡半徑 由公式所以磁感應(yīng)強(qiáng)度之比等于【點(diǎn)睛】本題是帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡問題，關(guān)鍵運(yùn)用幾何知識(shí)畫軌跡、求半徑要注意區(qū)別軌跡半徑與磁場(chǎng)范圍半徑15、 【解析】粒子受到的電場(chǎng)力為F=qE由于極板間為勻強(qiáng)電場(chǎng)，故U=Ed由牛頓第二定律得帶電粒子的加速度為在平行于板面的方向做勻速運(yùn)動(dòng)，故帶電粒子射出電場(chǎng)時(shí)，有vy=at故 即該粒子射出時(shí)速度偏轉(zhuǎn)角的正切值為