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1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、鋰電池因能量密度高、綠色環(huán)保而廣泛使用在手機(jī)等電子產(chǎn)品中現(xiàn)用充電器為一手機(jī)鋰電池充電，等效電路如圖所示，充電器電源的輸出電壓為U，輸出電流為I，手機(jī)電池的內(nèi)阻為r，下列說法正確的是( )A電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為UIB充電器輸出的電

2、功率為UII2rC電池產(chǎn)生的熱功率為I2r D充電器的充電效率為2、現(xiàn)有一只“12V4W”的燈泡,為使它接至24V電源上且可正常工作,則需在接至電源前:( )A串聯(lián)一只24的電阻B并聯(lián)一只24的電阻C串聯(lián)一只36的電阻D并聯(lián)一只36的電阻3、物理學(xué)中建立概念運(yùn)用許多科學(xué)方法，下列概念的建立有三個用到了“等效替代”的方法，有一個不屬于這種方法，這個概念是（）A重心B點(diǎn)電荷C合力D總電阻4、如圖所示，內(nèi)壁光滑的圓臺形容器固定不動，其軸線沿豎直方向。使一小球先后在M和N兩處緊貼著容器內(nèi)壁分別在圖中虛線所示的水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，則小球（ ）A在M處的線速度一定小于在N處的線速度B在 M處的角速度一

3、定小于在N處的角速度C在M處的向心力一定小于在N處的向心力D在M處對筒壁的壓力一定大于在N處對筒壁的壓力5、籃球運(yùn)動員通常伸出雙手迎接傳來的籃球接球時，兩手隨球迅速收縮至胸前這樣做可以A減小球?qū)κ值臎_量B減小球的動量變化量C減小球的動能變化量D減小球的動量變化率6、如圖所示，帶箭頭的實(shí)線表示某靜電場的電場線，虛線表示其等勢面已知a、b、c三點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為、，電勢分別為、.則（ ）A，B，C，D，二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、某靜電場中的電場線如圖所示，帶

4、電粒子在電場中僅受靜電力作用，其運(yùn)動軌跡如圖中虛線所示，由M運(yùn)動到N，以下說法正確的是( )A粒子必定帶正電荷B由于M點(diǎn)沒有電場線，粒子在M點(diǎn)不受靜電力的作用C粒子在M點(diǎn)的加速度小于它在N點(diǎn)的加速度D粒子在M點(diǎn)的動能小于在N點(diǎn)的動能8、下列說法中正確的是：（ ）A沿著電場線的方向場強(qiáng)一定越來越弱B沿著電場線的方向電勢一定越來越低C勻強(qiáng)電場中，各點(diǎn)的場強(qiáng)一定大小相等，方向相同D勻強(qiáng)電場中，各點(diǎn)的電勢一定相等9、如圖所示，正方形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場。一帶電粒子垂直磁場邊界從a點(diǎn)射入，從b點(diǎn)射出。下列說法正確的是（）A粒子帶正電B粒子在b點(diǎn)速率大于在a點(diǎn)速率C若僅減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子可能從

5、b點(diǎn)右側(cè)射出D若僅減小入射速率，則粒子在磁場中運(yùn)動時間可能會增加10、如圖所示，用兩節(jié)干電池點(diǎn)亮幾只小燈泡，當(dāng)逐一閉合開關(guān)，接入燈泡增多時，以下說法正確的是：( )A燈少時各燈較亮，燈多時各燈較暗B燈多時各燈兩端的電壓較低C燈多時通過電池的電流較大D燈多時通過各燈的電流較大三、實(shí)驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某興趣小組用“測定金屬絲的電阻率”的實(shí)驗方法測出金屬絲的長度，用螺旋測微計測量金屬絲的直徑，用伏安法測出金屬絲的電阻，然后根據(jù)公式計算出該金屬材料的電阻率。(1)若用螺旋測微器測得金屬絲直徑d的讀數(shù)如圖，則直徑d=_mm.(2

6、)粗測電阻絲的電阻約為5，用伏安法測量該金屬絲的電阻時，除被測的電阻絲外，還有如下可供選擇的器材：A、電池組(3V,內(nèi)阻約1) B、電流表A1(03A,內(nèi)阻0.0125)C、電流表A2(00.6A,內(nèi)阻約為0.125) D、電壓表V1(03V,內(nèi)阻3k)E、電壓表V2(015V,內(nèi)阻15k) F、滑動變阻器R1(020,允許最大電流1A)G、滑動變阻器R2(02k,允許最大電流0.3A) G、開關(guān)，導(dǎo)線若干。為了實(shí)驗電路更節(jié)能,且測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確,測金屬絲電阻時電流表應(yīng)選_,電壓表選_,滑動變阻器應(yīng)選_(填寫儀器前字母代號)12（12分）物理課上同學(xué)們通過實(shí)驗“研究平拋運(yùn)動”。（1）甲組同學(xué)利

7、用圖所示的實(shí)驗裝置，通過描點(diǎn)畫出平拋小球的運(yùn)動軌跡。以下是實(shí)驗過程中的一些做法，其中合理的有_。A斜槽軌道必須光滑B安裝斜槽軌道，使其末端保持水平C每次小球應(yīng)從同一位置由靜止釋放D為描出小球的運(yùn)動軌跡，描繪的點(diǎn)要用平滑的曲線連接起來（2）實(shí)驗得到平拋小球的運(yùn)動軌跡，在軌跡上取一些點(diǎn)，以平拋起點(diǎn)O為坐標(biāo)原點(diǎn)，測量它們的水平坐標(biāo)x和豎直坐標(biāo)y，圖中y-x2圖象能說明平拋小球運(yùn)動軌跡為拋物線的是_。A B C D （3）驗證軌跡是符合y=ax2的拋物線后，根據(jù)圖中y-x圖象M點(diǎn)的坐標(biāo)值，可以求出a=_m-1，小球平拋運(yùn)動的初速度v0=_m/s。（重力加速度取g=10m/s2）。四、計算題：本題共2小

8、題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）豎直放置的平行金屬板AB相距30cm，帶有等量異種電荷。在兩板間用絕緣細(xì)線懸掛一個質(zhì)量，帶電荷量的小球，平衡時懸線偏離豎直方向夾角,如圖所示。(，)求：（1）AB兩板間的電場強(qiáng)度大??； （2）AB兩板間的電壓。14（16分）在研究微型電風(fēng)扇的性能時，利用如圖所示的實(shí)驗電路，當(dāng)調(diào)節(jié)滑動變阻器R并控制電風(fēng)扇停止轉(zhuǎn)動時，電流表和電壓表的示數(shù)分別為0.50A和1.0V，重新調(diào)節(jié)R并使電風(fēng)扇恢復(fù)正常運(yùn)轉(zhuǎn)，此時電流表和電壓表的示數(shù)分別為1.0A和12.0V，求:(1)電風(fēng)扇的內(nèi)阻有多大？(2)這臺電風(fēng)扇正

9、常運(yùn)轉(zhuǎn)時輸出功率為多少?(3)這臺電風(fēng)扇正常運(yùn)轉(zhuǎn)時效率為多少?15（12分）如圖所示是一個示波管工作原理圖，電子經(jīng)電壓U1=4.5103V加速后以速度V垂直等間距的進(jìn)入電壓U2=180V,間距為d=1.0cm,板長l=5cm的平行金屬板組成的偏轉(zhuǎn)電場，離開電場后打在距離偏轉(zhuǎn)電場s=10cm的屏幕上的P點(diǎn)，求：（1）電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場時的速度v0=?（2）打在屏幕上的側(cè)移位移OP=?參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】C根據(jù)熱功率公式可得,電池產(chǎn)生的熱功率為，故C正確；B由P=UI可知,充電器輸出的電功率為：

10、P總=UI故B錯誤；A電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能和熱能，根據(jù)能量守恒定律，有：故有：故A錯誤；D充電器的充電效率為：故D錯誤；【點(diǎn)睛】電池的充電和放電過程是電能和化學(xué)能轉(zhuǎn)化的過程，給電池充電是將電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能儲存在電池內(nèi)，根據(jù)能量守恒定律列式求解2、C【解析】依題意，有P=UI得，要使小燈泡正常工作，需要串聯(lián)一個電阻分壓，電阻兩端電壓為U=24V-12V=12V，串聯(lián)電路各處電流相等，故C正確，ABD錯誤；故選C3、B【解析】重心、合力、總電阻都應(yīng)用到了等效替代的方法，而點(diǎn)電荷屬于理想模型，是理想模型法，B正確4、B【解析】A. 小球M和N緊貼著內(nèi)壁分別在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動。由于M和N的質(zhì)量相同，

11、小球M和N在兩處的合力相同，即它們做圓周運(yùn)動時的向心力是相同的。由向心力的計算公式，由于球M運(yùn)動的半徑大于N球的半徑，F(xiàn)和m相同時，半徑大的線速度大，所以A錯誤，C錯誤；B. 又由公式F=m2r，由于球M運(yùn)動的半徑大于N球的半徑，F(xiàn)和m相同時，半徑大的角速度小，所以B正確；D. 球M對筒壁的壓力等于球N對筒壁的壓力，所以D錯誤。故選：B.點(diǎn)睛：對MN受力分析，可以發(fā)現(xiàn)它們都是重力和斜面的支持力的合力作為向心力，并且它們的質(zhì)量相等，所以向心力的大小也相等，再根據(jù)線速度、加速度的公式可以做出判斷5、D【解析】先伸出兩臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球引至胸前，這樣可以增加球與手接觸的時間，但動量的變化

12、量不變；根據(jù)動量定理得：-Ft=0-mv當(dāng)時間增大時，動量的變化率減小，即作用力就減小，而沖量和動量、動能的變化量都不變。A. 減小球?qū)κ值臎_量與分析結(jié)果不符，故A錯誤。B. 減小球的動量變化量與分析結(jié)果不符，故B錯誤。C. 減小球的動能變化量與分析結(jié)果不符，故C錯誤。D. 減小球的動量變化率與分析結(jié)果相符，故D正確。6、B【解析】由題圖可知，a處的電場線密，b、c處的電場線疏，因此a點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于b點(diǎn)和c點(diǎn)的電場強(qiáng)度，即，沿著電場線方向電勢逐漸降低，則a點(diǎn)的電勢高于c點(diǎn)的電勢，即b、c兩點(diǎn)在同一等勢面上，電勢相等，即所以故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給

13、出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A根據(jù)電荷運(yùn)動軌跡彎曲的情況，可以確定點(diǎn)電荷受靜電力的方向沿電場線方向，故此點(diǎn)電荷帶正電，故A正確；B電場線不是真實(shí)存在的，是假想的，沒有畫電場線的地方并不是說沒有電場，只是用電場線的疏密來表示磁場的強(qiáng)弱，故電荷受電場力的作用，故B錯誤；C由于電場線越密，電場強(qiáng)度越大，點(diǎn)電荷受到的靜電力就越大，根據(jù)牛頓第二定律可知其加速度也越大，故此點(diǎn)電荷在N點(diǎn)加速度大，故C正確；D粒子從M點(diǎn)運(yùn)動到N點(diǎn)，靜電力做正功，根據(jù)動能定理得此點(diǎn)電荷在N點(diǎn)的動能大，故D正確。8、BC【解析】電場線的疏密程

14、度反映場強(qiáng)大小，沿電場線方向電勢逐漸降低，但是電場強(qiáng)度不一定變?nèi)?，A錯，B對；勻強(qiáng)電場場強(qiáng)處處相等，大小相等，方向相同，C對；電勢都是隨電場線逐漸降低的，所以D錯故答案選BC9、CD【解析】A由題可知，粒子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，所以粒子應(yīng)帶負(fù)電，故A錯誤；B由于洛倫茲力不做功，所以粒子動能不變，即粒子在b點(diǎn)速率與a點(diǎn)速率相等，故B錯誤；C若僅減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，由公式得所以磁感應(yīng)強(qiáng)度減小，半徑增大，所以粒子有可能從b點(diǎn)右側(cè)射出，故C正確；D若僅減小入射速率，粒子運(yùn)動半徑減小，若粒子從下邊飛出，則在磁場中運(yùn)動的偏轉(zhuǎn)角增大，則粒子在磁場中運(yùn)動時間變長；若粒子從左邊射出，則粒子射出磁場的時間不變，故D

15、正確。故選CD。10、ABC【解析】試題分析：由并聯(lián)電路的規(guī)律可知外部總電阻的變化；由閉合電路的歐姆定律可判斷路端電壓和通過電池的電流變化解：A、B、C由圖可知，燈泡均為并聯(lián)當(dāng)點(diǎn)亮的電燈數(shù)目增多時，并聯(lián)的支路增多，由并聯(lián)電路的電阻規(guī)律可知，外部總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得知，通過電池的電流增大，則電池的內(nèi)電壓增大，故路端電壓減小，燈泡兩端的電壓變小，燈泡變暗，故AB正確，C錯誤；D、由上分析可知，燈多時，通過電池的總電流減小，而支路的數(shù)目增大，所以各燈的電流較小，故D錯誤故選AB【點(diǎn)評】解答本題應(yīng)掌握：并聯(lián)電路中并聯(lián)支路越多，總電阻越小；同時注意閉合電路歐姆定律在電路動態(tài)分析中的應(yīng)用方法，

16、一般可按外電路內(nèi)電路外電路的思路進(jìn)行分析三、實(shí)驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.520 C D F 【解析】(1) 螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀；(2) 根據(jù)電源電動勢選擇電壓表，根據(jù)通過待測電阻的最大電流選擇電流表，在保證安全的前提下，為方便實(shí)驗操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動變阻器?！驹斀狻?1) 由圖示螺旋測微器可知，其讀數(shù)為：0.5mm+2.00.01mm=0.520mm；(2) 因為電動勢為3V，故電壓表選擇D，因為金屬絲的電阻大約為5，最大電流 ，故電流表應(yīng)選擇C，為了滑動方便應(yīng)選

17、擇最大阻值較小的滑動變阻器，故選擇F。12、BCD A 10 0.71 【解析】（1）1A斜槽軌道沒必要必須光滑，只要到達(dá)底端速度相同即可，選項A錯誤；B安裝斜槽軌道，使其末端保持水平，以保證小球做平拋運(yùn)動，選項B正確；C每次小球應(yīng)從同一位置由靜止釋放，以保證到達(dá)底端速度相同，選項C正確；D為描出小球的運(yùn)動軌跡，描繪的點(diǎn)要用平滑的曲線連接起來，選項D正確；（2）2物體在豎直方向做自由落體運(yùn)動 水平方向做勻速直線運(yùn)動x=vt；聯(lián)立可得：因初速度相同，故為常數(shù)，故x2-y應(yīng)為正比例關(guān)系，故A正確，BCD錯誤；（3）34根據(jù)M坐標(biāo)（0.2m，0.4m）代入y=ax2解得a=10.0m-1由解得四、計

18、算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、1000N/C，300V【解析】根據(jù)共點(diǎn)力平衡得出電場強(qiáng)度，結(jié)合兩極板間的距離求出A、B兩板間電壓【詳解】（1）作出小球受力分析圖，如圖所示：根據(jù)共點(diǎn)力平衡得：，解得：（2）根據(jù)U=Ed，得A、B兩邊間的電壓U=Ed=10000.3V=300V【點(diǎn)睛】本題考查了電場強(qiáng)度、電勢差與電場強(qiáng)度關(guān)系以及共點(diǎn)力平衡的綜合運(yùn)用，在U=Ed中，注意d為沿電場線方向上的距離14、 (1) ；(2) ；(3) .【解析】試題分析：(1) 當(dāng)電動機(jī)停止轉(zhuǎn)動時，電動機(jī)為純電阻，由部分電路歐姆定律可求出電阻；

19、(2)正常運(yùn)轉(zhuǎn)時，根據(jù)求解；(3) 效率.(1) 當(dāng)電動機(jī)停止轉(zhuǎn)動時，由題得電動機(jī)的電阻： ，(2) 正常運(yùn)轉(zhuǎn)時，消耗的電功率，熱功率，電風(fēng)扇正常運(yùn)轉(zhuǎn)時輸出功率,(3) 效率 點(diǎn)晴：注意區(qū)分電動機(jī)停止轉(zhuǎn)動時和正常運(yùn)轉(zhuǎn)時，電動機(jī)停止轉(zhuǎn)動時，電路為純電阻電路，正常運(yùn)轉(zhuǎn)時電路為非純電阻電路。15、（1）4107m/s（2）0.75cm【解析】（1）動能定理求出電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場的速度；（2）電子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運(yùn)動，離開電場后做勻速直線運(yùn)動，應(yīng)用類平拋運(yùn)動規(guī)律與勻速直線運(yùn)動規(guī)律求出電子的偏移量；【詳解】（1）電子在加速電場中加速，由動能定理得：，代入數(shù)據(jù)解得：，故電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場的速度：； （2）電子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運(yùn)動，在水平方向：，在豎直方向上：由牛頓第二定律得：飛出電場時偏轉(zhuǎn)量為：代入數(shù)據(jù)解得：； 設(shè)電子從偏轉(zhuǎn)場穿出時，沿y方向的速度為vy，穿出后到達(dá)屏S所經(jīng)歷的時間為t2，在此時間內(nèi)電子在y方向移動的距離為y2，有：運(yùn)動時間： ，豎直位移：，故電子到達(dá)屏S上時，它離O點(diǎn)的距離：，代入數(shù)據(jù)解得：?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵是搞清楚每一過程做的是什么運(yùn)動，然后根據(jù)運(yùn)動的合成與分解進(jìn)行求解，注意牛頓第二定律與運(yùn)動學(xué)公式綜合求解是本題解決的重點(diǎn)。