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1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一平行板電容器通過開關和電源連接，如圖所示，電源的電動勢保持9V不變先閉合開關，把一個厚0.5mm的金屬板平行插入間距為1mm的兩板之間（ 金屬板的面積和電容器極板的相等）等穩(wěn)定后再打開開關，拔出金屬板設整個過程中金屬板未和電容器極

2、板相碰則此時電容器極板間的電壓是（）A9V B18V C4.5V D0V2、如圖，在光滑絕緣水平桌面上，三個帶電小球a、b和c分別固定于正三角形頂點上已知a、b帶電量均為+q，c帶電量為-q，則Aab連線中點場強為零B三角形中心處場強為零Ca所受庫侖力方向垂直于ab連線Da、b、c所受庫侖力大小之比為1:1:3、下列關于磁場的說法中，正確的是()A磁場和電場一樣，是客觀存在的特殊物質B磁場是為了解釋磁極間相互作用而人為規(guī)定的C磁極與磁極間是直接發(fā)生作用的D磁場只有在磁極與磁極、磁極與電流發(fā)生作用時才產生4、關于第一宇宙速度，下列說法正確的是( )A是發(fā)射人造地球衛(wèi)星所需的最小發(fā)射速度B是地球圓

3、形軌道上衛(wèi)星的最小環(huán)繞速度C是脫離地球引力的最小速度D大小為7.9m/s5、如圖所示，a、b、c三枚小磁針分別在通電螺線管的正上方、管內和右側，當這些小磁針靜止時，小磁針N極的指向是（ ）Aa、b、c均向左Ba、b、c均向右Ca向右，b向左，c向右Da向左，b向右，c向右6、如圖所示，AB為一固定的水平絕緣桿，在其上下對稱位置固定放置一對等量同種正點電荷，其連線與AB交于O點，桿上的E、F點關于O點對稱，E、F的間距為L.一可以視為質點的小球穿在桿上，小球與桿的動摩擦因數(shù)隨位置而變化，該變化規(guī)律足以保證小球從E點以一初速度v0沿桿向右做勻減速直線運動并經過F點，小球帶負電，質量為m.其在O點處

4、與桿的動摩擦因數(shù)為0.則在由E到F的過程中( )A小球在O點電勢能最大B小球在E、F兩點與桿的動摩擦因數(shù)一定相同CE到O點，小球與桿的動摩擦因數(shù)逐漸減小D小球克服摩擦力做功為0mgL二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列運動中，加速度不變的是( )A平拋運動 B斜拋運動C自由落體運動 D勻速圓周運動8、地球赤道上有一物體隨地球一起自轉做圓周運動，所需的向心力是F1，向心加速度為a1,線速度為v1，角速度為1;繞地球表面附近做圓周運動的人造衛(wèi)星(離地高度可忽略)所需的

5、向心力為F2，向心加速度為a2,線速度為v2,角速度為2;地球同步衛(wèi)星所需的向心力為F3，向心加速度為a3,線速度為v3,角速度為3;地球表面重力加速度為g,第一宇宙速度為v，假設三者質量相等，則正確的是( )ABCD9、如圖所示電路，電源電壓恒定不變?yōu)?V，四只電阻的阻值都為3則：( )A流過R2的電流為2ABR4兩端的電壓為6VCR1兩端電壓為6vD總電阻為410、在勻強磁場B的區(qū)域中有一光滑斜面體，在斜面體上放置一根長為L，質量為m的導線，當通以如圖所示方向的電流后，導線恰能保持靜止，則磁感應強度B可能滿足A方向垂直斜面向上B，方向垂直斜面向下C，方向豎直向下D，方向水平向左三、實驗題：

6、本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）測定一節(jié)干電池的電動勢和內電阻。電路如圖甲所示，MN為一段粗細均勻、電阻率較大的電阻絲，定值電阻R0=1.00。調苗滑片P，記錄電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)I及對應的PN長度x，繪制了U-I圖象如圖乙所示。（1）由圖乙求得該干電池的電動勢E =_V， 內阻r=_；（結果均在小數(shù)點后保留兩位小數(shù)）（2）根據實驗數(shù)據可繪出圖象，如圖丙所示。圖象縱軸截距的物理意義是_；圖象斜率為k，電阻絲橫截面積為S，電阻絲的電阻率為=_（用k、S表示）。12（12分）如圖所示為一個密立根油滴實驗的示意圖實驗中用噴霧器向一個透明的小

7、盒子里噴入帶電油滴小盒子中的上下板分別連接電池的兩極，讓上板成為正極板、下板成為負極板帶電油滴在上下板之間受力的作用而運動，運動的速度可以通過改變極板間的電壓來控制（1）現(xiàn)觀察到一個油滴正在勻速下降，這時AB兩板間的勻強電場強度為E，現(xiàn)測得油滴的質量為m，則這個油滴帶_電，帶電荷量為_(用E、m、g表示)（2）密立根不斷改變電壓，仔細觀察油滴的運動，經過反復試驗得出大量數(shù)據，得到如下表所示數(shù)據：油滴帶電量（）q1q2q3q4q5q6q6qn3.24.86.48.011.29.617.612.8你從密立根所測得的大量數(shù)據中可得出的結論是：_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指

8、定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，有一質子經電壓為U0的加速電場加速后，進入兩板長為L、間距為d、板間電壓為U的偏轉電場，若質子從兩板正中間垂直射入偏轉電場，求：（1）質子剛進入偏轉電場時的速度大小；（2）質子穿出偏轉電場時的側位移；（3）若L=d，U=2U0,則質子穿出偏轉電場時的偏轉角是多少14（16分）如圖所示，質量m=1.0kg的通電導體棒在安培力作用下水平靜止在傾角為37、寬度L=1.0m的光滑絕緣框架上，磁場方向垂直于框架平面向下，磁場僅存在于絕緣框架內。在右側回路中，電源的電動勢E=8.0V，內阻r=1.0，額定功率（輸入功率）為8.0

9、W，額定電壓為4.0V的電動機M正常工作，重力加速度，試求：（1）電動機的額定電流IM與通過導體棒的電流I。（2）金屬棒受到的安培力F大小及磁場的磁感應強度B大小。15（12分）如圖所示，電源電動勢E=8V，內電阻為r=0.5，“3V，3W”的燈泡L與電動機M串聯(lián)接在電源上，燈泡剛好正常發(fā)光，電動機正常工作，電動機的線圈電阻R=1.5求：（1）電源的輸出功率（2）電動機的輸出功率參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】開始時開關閉合，故兩板間的電壓為9V；將金屬板間的金屬板抽出后，板間距離變成原來的2倍；則由

10、C= 可知，電容C變成原來的一半；則由U=Q/C可知，U變成18V；故選B2、D【解析】A在ab連線的中點處，ab兩電荷在該點的合場強為零，則該點的場強等于c在該點形成的場強，大小不為零，選項A錯誤；B在三角形的中心處，ab兩電荷在該點的場強大小相等，方向夾120角，則合場強豎直向下，電荷c在該點的場強也是豎直向下，則三角形中心處場強不為零，選項B錯誤；Ca受到b的排斥力沿ba方向，受到c的吸引力沿ac方向，則其合力方向斜向左下方與ab連線成60角，選項C錯誤；Dab受庫侖力大小相等，均為；c受庫侖力：，則 a、b、c所受庫侖力大小之比為1:1:，選項D正確.3、A【解析】磁場和電場一樣，是客

11、觀存在的特殊物質，故A正確；磁場是傳遞磁極間相互作用的物質，是實際存在的，故B錯誤；磁極與磁極間是通過磁場發(fā)生作用的，故C錯誤；磁場是磁體及電流周圍產生的；即使沒有相互作用，磁場仍然存在，故D錯誤所以A正確，BCD錯誤4、A【解析】AB萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得：軌道半徑r越大，線速度v越小，r等于地球半徑時v是第一宇宙速度，此時軌道半徑r最小，線速度最大，即第一宇宙速度是人造衛(wèi)星繞地球做圓周運動的最大環(huán)繞速度，故A正確，B錯誤；C當衛(wèi)星的速度大于等于第二宇宙速度時衛(wèi)星脫離地球的吸引而進入繞太陽運行的軌道，則脫離地球引力的最小速度為11.2km/s，故C錯誤；D物體在地面附近繞

12、地球做勻速圓周運動的速度叫做第一宇宙速度，在地面附近發(fā)射飛行器，地球的第一宇宙速度是7.9km/s，故D錯誤.5、D【解析】由通電螺線管電流的流向，根據右手螺旋定則可得，通電螺線管的左邊為S極，右邊為N極所以a枚小磁針的N極指向為向左、b枚小磁針N極指向為向右、c枚小磁針的N極指向為向右，故D正確，ABC錯誤；故選D?！军c睛】右手螺旋定則也叫安培定則，讓大拇指所指向為電流的方向，則四指環(huán)繞的方向為磁場方向。當導線是環(huán)形時，則四指向為電流的方向。6、D【解析】小球從E到O的過程中，電場力對小球做正功，小球的電勢能減小。從O到F的過程中，電場力做負功，電勢能增大，所以小球在O點電勢能最小，故A錯誤

13、。設小球在E、F兩點所受的摩擦力大小分別為fE和fF電場力大小為F電，合外力大小為F則在E點有：F=fE-F電，在F點有：F=fF+F電，所以fEfF，由摩擦力公式f=N=mg，可知，小球在E點與桿的動摩擦因數(shù)大于在F點與桿的動摩擦因數(shù)，故B錯誤。E到O點，由F=fE-F電=mg-F電，F(xiàn)一定，若F電減小，則減小。若場強先增大后減小，則F電先增大后減小，因此先增大后減小。故C錯誤。在O點的動摩擦因數(shù)為0，所以有 F合=0mg=ma，F(xiàn)合為小球的合外力，由于小球做勻減速運動，合外力恒定，所以從E到F合外力做功大小為：W合=F合L=0mgL；因為從E到F電場力做功為0，所以從E到F的合外力做功就為

14、克服摩擦力做功，所以克服摩擦力做功為：Wf=W合=0mgL故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】平拋運動，斜拋，自由落體運動，三種運動過程中都只受重力作用，加速度恒定不變，ABD正確；勻速圓周運動過程中，加速度時刻指向圓心，加速度大小不變，但方向在變，D錯誤8、CD【解析】A根據題意三者質量相等，軌道半徑：物體與近地衛(wèi)星比較，由于赤道上物體受引力和支持力的合力提供向心力，而近地衛(wèi)星只受萬有引力提供向心力，故：跟根據萬有引力公式：比較近地衛(wèi)星與同步衛(wèi)星可知：物體和同步衛(wèi)星角速度相同，根據向心力公式：可知：所以有：故A錯誤；B由選項A的分析知道向心力關系，故由牛頓第二定律，可知：故B錯誤；C比較近地衛(wèi)星和同步衛(wèi)星，根據萬有引力提供向心力有：得：可知：比較物體和同步衛(wèi)星，因為角速度相等，故：可得：所以有：根據第一宇宙速度計算式可知：故C正確；D同步衛(wèi)星與地球自轉同步，故：根據周期公式：可知衛(wèi)星軌