《2023學(xué)年太原市重點(diǎn)中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測模擬試題含解析.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2023學(xué)年太原市重點(diǎn)中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測模擬試題含解析.doc（12頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考生要認(rèn)真填寫考場號(hào)和座位序號(hào)。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、兩個(gè)定值電阻R1、R2串聯(lián)后接在輸出電壓U穩(wěn)定的直流電源上，有人把一個(gè)內(nèi)阻不是遠(yuǎn)大于R1、R2的電壓表接在R1兩端（如圖），電壓表的示數(shù)為10V如果他把此電壓表改接在R2兩端，電壓表的示數(shù)為5V，則：A 2B=2CU15V，選項(xiàng)CD

2、錯(cuò)誤。2、D【解析】位于磁場中的閉合線圈，只有磁通量發(fā)生變化，才一定會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流故A錯(cuò)誤閉合電路在磁場中作切割磁感線運(yùn)動(dòng)，而閉合電路中磁通量卻沒有變化，則閉合電路中就沒有感應(yīng)電流故B錯(cuò)誤穿過閉合電路的磁通量為零的瞬間，閉合電路中磁通量的變化率最大，故產(chǎn)生感應(yīng)電流故C錯(cuò)誤穿過閉合電路的磁感線的條數(shù)發(fā)生變化，磁通量一定發(fā)生變化，則閉合電路中就有感應(yīng)電流故D正確故選D.【點(diǎn)睛】感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件細(xì)分有兩點(diǎn)：一是電路要閉合；二是穿過電路的磁通量發(fā)生變化，即穿過閉合電路的磁感線的條數(shù)發(fā)生變化3、B【解析】由于AB兩個(gè)燈泡的電阻大小不同，所以直接把AB串連接入電路的話，AB的電壓不會(huì)平分，AB不會(huì)同時(shí)正

3、常發(fā)光，故A錯(cuò)誤；由于額定電壓都是110V，額定功率PA=100W、PB=40W，由此可知，把燈泡A與電阻并聯(lián)的話，會(huì)使并聯(lián)的部分的電阻更小，所以AB的電壓不會(huì)平分，AB不會(huì)同時(shí)正常發(fā)光，故C錯(cuò)誤；由于額定電壓都是110V，額定功率PA=100W、，由此可知，把燈泡B與電阻并聯(lián)的話，可以使并聯(lián)部分的電阻減小，可能使A與并聯(lián)部分的電阻相同，所以AB能同時(shí)正常發(fā)光，并且電路消耗的功率與A燈泡的功率相同，所以總功率的大小為200W，把AB并聯(lián)之后與電阻串連接入電路的話，當(dāng)電阻的阻值與AB并聯(lián)的總的電阻相等時(shí)，AB就可以正常發(fā)光，此時(shí)電阻消耗的功率為AB燈泡功率的和，所以電路消耗的總的功率的大小為28

4、0W，BD的分析可知，正常發(fā)光并且消耗的功率最小的為B，故B正確4、D【解析】由Q向上運(yùn)動(dòng)可知，Q受到沿斜面向上的庫侖力較大，起初Q向上做加速運(yùn)動(dòng)，隨著兩個(gè)帶點(diǎn)物體的距離的逐漸增大，庫侖力逐漸減小，當(dāng)庫侖力減小到等于重力沿斜面向下的分力時(shí)，Q的速度增大到最大，Q向上運(yùn)動(dòng)后庫侖力小于重力沿斜面向下的分力，而做減速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)；電場力做正功電勢(shì)能減小，由此可知電荷之間的電勢(shì)能逐漸減小，B錯(cuò)；由于整個(gè)系統(tǒng)只有重力和電場力，由能量守恒定律可知電勢(shì)能、重力勢(shì)能、動(dòng)能之和保持不變，由于動(dòng)能先增大后減小，所以物塊P、Q的重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和先減小后增大，C錯(cuò)；電場力一直沿斜面向上，所以電場力一直做正功，Q的機(jī)

5、械能一直增大，D對(duì)；5、A【解析】A、B閉合開關(guān)S后，將滑動(dòng)變阻器滑片P向左移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中總電流I減小，則小燈泡L變暗，電流表A的示數(shù)變小電壓表的示數(shù)U=EI（RL+r），I減小，其他量不變，則U增大，即電壓表V的示數(shù)變大故A正確，B錯(cuò)誤C、電容器的電壓等于變阻器兩端的電壓，即等于電壓表的示數(shù)，U增大，由Q=CU，知電容器C上的電荷量增大故C錯(cuò)誤D、電源的總功率P=EI，I減小，則電源的總功率變小故D錯(cuò)誤故選A6、C【解析】開始時(shí)刻小物塊受重力、支持力和摩擦力，物塊恰好能在斜面上勻速下滑，說明摩擦力和支持力的合力與重力平衡，是豎直向上的；根據(jù)

6、牛頓第三定律，壓力和滑塊對(duì)斜面體的摩擦力的合力是豎直向下的；增加電場力后，小物塊對(duì)斜面體的壓力和摩擦力正比例增加，故滑塊對(duì)斜面體的壓力和摩擦力的合力仍然是豎直向下的；再對(duì)斜面體分析，受重力、故滑塊對(duì)斜面體的壓力和摩擦力、支持力，不是地面的摩擦力，否則合力不為零；故ABD錯(cuò)誤，C正確；故選C【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是根據(jù)平衡條件分析出滑塊對(duì)斜面體的壓力和摩擦力的合力是豎直向下，與小滑塊的加速度大小無關(guān)，不難【考點(diǎn)】力的平衡，摩擦力二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】

7、試題分析：沿電場方向電勢(shì)減小，所以在x軸左側(cè)O點(diǎn)的電勢(shì)最大，在x軸右側(cè)O點(diǎn)的電勢(shì)也是最大的，故O點(diǎn)的電勢(shì)最大，A錯(cuò)誤；和兩點(diǎn)關(guān)于x軸對(duì)稱，電場強(qiáng)度的大小相等，從O點(diǎn)到和從O點(diǎn)到電勢(shì)降落相等，故和兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，故B正確；根據(jù)公式，由于和兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，所以電子在這兩點(diǎn)的電勢(shì)能相等，故C正確；電子運(yùn)動(dòng)過程中電勢(shì)能與動(dòng)能之和恒定，由于O點(diǎn)的電勢(shì)最高，而負(fù)電荷在高電勢(shì)處的電勢(shì)能小，故在O點(diǎn)的電勢(shì)能最小，即在O點(diǎn)的動(dòng)能最大，故D正確考點(diǎn)：考查了電勢(shì)，電勢(shì)能，電場強(qiáng)度8、AC【解析】A液滴受重力，電場力和洛倫茲力，三個(gè)力的作用，A正確；B由于重力向下，因此電場力向上，液滴一定帶負(fù)電荷，B錯(cuò)誤；C經(jīng)電場加速后，根據(jù)動(dòng)能定理由于做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，電場力與重力平衡，可知整理可得C正確；D由于運(yùn)動(dòng)的過程中，電場