《2023學(xué)年北京市一零一中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)試題含解析.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2023學(xué)年北京市一零一中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)試題含解析.doc（13頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，一水平放置的平行板電容器帶上一定電荷量后，將下極板B接地，一帶負(fù)電油滴靜止于兩極

2、板間的P點(diǎn)現(xiàn)將平行板電容器的上極板A豎直向下移動(dòng)一小段距離，下列說法正確的是AP點(diǎn)的電勢(shì)將增大，帶電油滴將向上運(yùn)動(dòng)BP點(diǎn)的電勢(shì)將增大，帶電油滴將向下運(yùn)動(dòng)CP點(diǎn)的電勢(shì)不變，帶電油滴仍然靜止DP點(diǎn)的電勢(shì)不變，帶電油滴將向上運(yùn)動(dòng)2、對(duì)計(jì)算任何用電器的電功率都適用的是 （ ）. . . .A B C D3、如圖所示，回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，設(shè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，D形金屬盒的半徑為R，狹縫間的距離為d，勻強(qiáng)電場(chǎng)間的加速電壓為U，要增大帶電粒子（電荷量為q、質(zhì)量為m，不計(jì)重力）射出時(shí)的動(dòng)能，則下列方法中正確的是A減小勻強(qiáng)電場(chǎng)間的加速電壓UB減小磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度BC增大狹縫間的距離dD增大D形

3、金屬盒的半徑R4、如圖所示，在xOy坐標(biāo)系中以O(shè)為中心的橢圓上，有a、b、c、d、e五點(diǎn)，其中a、b、c、d為橢圓與坐標(biāo)軸的交點(diǎn)。現(xiàn)在橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)O1處固定一正點(diǎn)電荷，另一正試探電荷僅在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡（正好過e點(diǎn)）如圖中虛線所示，下列說法正確的是（）Aa、c兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同Bd點(diǎn)的電勢(shì)小于b點(diǎn)的電勢(shì)C正試探電荷沿虛線運(yùn)動(dòng)過程中在b點(diǎn)的電勢(shì)能小于在e點(diǎn)的電勢(shì)能D若將正試探電荷由a沿橢圓經(jīng)be移動(dòng)到c，電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，但電勢(shì)能變化量為零5、如圖所示，A、C是以正點(diǎn)電荷Q為圓心的某一圓周上的兩點(diǎn)，B是線段AC的中點(diǎn)現(xiàn)將一正電荷從A經(jīng)B移到C，則( )A從A到C，電場(chǎng)力對(duì)該電荷一直

4、做正功B從A到C，電場(chǎng)力對(duì)該電荷一直不做功C該電荷在A、B、C三點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能大小關(guān)系是EBEAECD該電荷在A、C兩點(diǎn)時(shí)所受電場(chǎng)力相同6、如圖所示，兩只燈泡L1、L2分別標(biāo)有“110V，60W”和“110V，100W”，另外有一只滑動(dòng)變阻器R，將它們連接后接入220V的電路中，要求兩燈泡都正常發(fā)光，并使整個(gè)電路消耗的總功率最小，應(yīng)使用下面( )ABCD二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，四個(gè)相同的表頭分別改裝成兩個(gè)安培表和兩個(gè)伏特表安培表A1的量程大于A2的

5、量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它們按圖接入電路，則（）A電流表A1的讀數(shù)大于電表A2的讀數(shù)B電流表A1的偏轉(zhuǎn)角小于電流表A2的偏轉(zhuǎn)角C電壓表V1的讀數(shù)等于電壓表V2的讀數(shù)D電壓表V1的偏轉(zhuǎn)角等于電壓表V2的偏轉(zhuǎn)角8、如圖所示電路，電源電壓恒定不變?yōu)?V，四只電阻的阻值都為3則：( )A流過R2的電流為2ABR4兩端的電壓為6VCR1兩端電壓為6vD總電阻為49、如圖所示是探究影響平行板電容器電容大小因素的實(shí)驗(yàn)裝置關(guān)于此實(shí)驗(yàn)裝置中的靜電計(jì)，下列說法中正確的是A靜電計(jì)指針張角的大小反映了平行板電容器兩板間電壓的大小B靜電計(jì)指針張角的大小反映了平行板電容器帶電量的大小C靜電計(jì)的外殼與A板相

6、連接后可不接地D可以用量程為3V的電壓表替代靜電計(jì)10、平行板電容器兩極板間距為d、極板面積為S，電容為，其中0為常量對(duì)此電容器充電后斷開電源當(dāng)增加兩板間距時(shí)，電容器 （）A電勢(shì)差減小B電容減小C電勢(shì)差不變D電荷量不變?nèi)?、?shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在學(xué)習(xí)了串并聯(lián)的基本規(guī)律后，我們可以把一個(gè)最大量程為的電流計(jì)，分別改裝成電壓表和更有大量程的電流表（1）若已知該電流計(jì)的內(nèi)阻為，為了改裝成最大量程為的電壓表，需_聯(lián)（填“串”或“并”）一個(gè)_的電阻 (2)如圖所示，虛線框內(nèi)是用該電流計(jì)改裝成的多量程電流表，、為改裝后新電流的接線柱，

7、為負(fù)極接線柱，為大量程接線柱、為小量程接線柱已知為電流計(jì)內(nèi)阻，若、，那么選擇、接線柱時(shí)，新電流表的量程為_；選擇、接線柱時(shí)，新電流表的量程為_12（12分）有一個(gè)額定電壓為2.8V，功率約為0.8W的小燈泡，現(xiàn)要用伏安法描繪這個(gè)燈泡的IU圖象，有下列器材供選用：A電壓表（03V，內(nèi)阻6k）B電壓表（015V，內(nèi)阻30k）C電流表（03A，內(nèi)阻0.1）D電流表（00.6A，內(nèi)阻0.5）E滑動(dòng)變阻器（10，2A）F滑動(dòng)變阻器（200，0.5A）G蓄電池（電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻不計(jì)）（1）用如圖1所示的電路進(jìn)行測(cè)量，電流表應(yīng)選用_，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_（用序號(hào)字母表示）（2）通過實(shí)驗(yàn)測(cè)得此燈泡的伏安特性曲線

8、如圖2所示，由圖象可求得此燈泡在正常工作時(shí)的電阻為_（3）若將此燈泡與電動(dòng)勢(shì)6V、內(nèi)阻不計(jì)的電源相連，要使燈泡正常發(fā)光，需串聯(lián)一個(gè)阻值為_的電阻（保留3位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一根光滑絕緣細(xì)桿與水平面成=的角傾斜固定細(xì)桿的一部分處在場(chǎng)強(qiáng)方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)E=1104N/C在細(xì)桿上套有一個(gè)帶電荷量為q=1.731105C、質(zhì)量為m=3101kg的負(fù)電小球現(xiàn)使小球從細(xì)桿的頂端A由靜止開始沿桿滑下，并從B點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，小球在電場(chǎng)中滑至最遠(yuǎn)處的C點(diǎn)已知A、B間的距離x1=

9、0.4m，g=10m/s1求：(1)小球在B點(diǎn)的速度vB；(1)小球進(jìn)入電場(chǎng)后滑行的最大距離x1；(3)小球從A點(diǎn)滑至C點(diǎn)所用的時(shí)間t14（16分）如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻，電阻，當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，電流表的示數(shù)為1.5A，電壓表的示數(shù)為3.0V，試求：(1)電阻R1和R3的阻值；(2)當(dāng)S閉合后，電壓表的示數(shù)；(3)R2上消耗的電功率。15（12分）如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E=6.0V，內(nèi)阻r=0.6，電阻R2=0.5，當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，電流表的示數(shù)為1.5A，電壓表的示數(shù)為3.0V，試求：（1）電阻R1和R3的阻值；（2）當(dāng)S閉合后，電壓表的示數(shù)和電阻R2上消耗的電功率；參考答案

10、一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】?jī)蓸O板間的電荷量恒定，、可得，即兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度，與兩極板間的距離無關(guān)，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，所以油滴受力不變，仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，因?yàn)镻到下極板的距離不變，而B極板電勢(shì)恒為零，根據(jù)可得P點(diǎn)的電勢(shì)不變，故C正確；【點(diǎn)睛】在分析電容器動(dòng)態(tài)變化時(shí)，需要根據(jù)判斷電容器的電容變化情況，然后結(jié)合，等公式分析，需要注意的是，如果電容器和電源相連則電容器兩極板間的電壓恒定，如果電容器充電后與電源斷開，則電容器兩極板上的電荷量恒定不變2、D【解析】電功公式W=UIt，電功率P=W/tUI，適用于一切電路

11、。故正確。非純電阻電路中，歐姆定律不適用，故IU/R，故公式P=U2/R不能求解熱功率，也不能求解電功率。故錯(cuò)誤。公式P=I2R計(jì)算熱功率；非純電阻電路中，電功率大于熱功率，故錯(cuò)誤。故選D。3、D【解析】離子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：qvB=m，解得則動(dòng)能有：EK=mv2=，由此可知：粒子的動(dòng)能與加速的電壓無關(guān)，狹縫間的距離無關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和D形盒的半徑有關(guān)，增大磁感應(yīng)強(qiáng)度和D形盒的半徑，可以增加粒子的動(dòng)能故D正確，ABC 錯(cuò)誤故選D點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器電場(chǎng)和磁場(chǎng)的作用，知道粒子的最大動(dòng)能與加速的電壓無關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和D形盒的半徑有關(guān)4、C【解析】A由

12、電場(chǎng)線的分布情況和對(duì)稱性可分析a、c兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相同，但方向不同，所以電場(chǎng)強(qiáng)度不同，故A錯(cuò)誤；B由于在橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)固定一正點(diǎn)電荷，據(jù)正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線特點(diǎn)，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸減小，且d比b離點(diǎn)電荷近，所以d點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；C由于場(chǎng)源電荷是正電荷，所產(chǎn)生的電場(chǎng)向外輻射，據(jù)可知正試探電荷知在e點(diǎn)電勢(shì)能大于b點(diǎn)的電勢(shì)能，故C正確；D正點(diǎn)電荷由a沿be移到c點(diǎn)的過程中，電勢(shì)先降低后升高，電勢(shì)能先減小后增大，電場(chǎng)力先做正功再做負(fù)功，a、c兩點(diǎn)電勢(shì)相等，所以總功為零，電勢(shì)能變化量為零，故D錯(cuò)誤。故選C?！军c(diǎn)睛】本題的解題關(guān)鍵要掌握點(diǎn)電荷電場(chǎng)線的分布情況，抓住對(duì)稱性分析電勢(shì)的變化；靈

13、活應(yīng)用電場(chǎng)力做功分析動(dòng)能和電勢(shì)能間的變化。5、C【解析】從A到C，電場(chǎng)力對(duì)該電荷先做負(fù)功，后做正功，故A錯(cuò)誤，B也錯(cuò)誤；將一正電荷從A經(jīng)B移到C時(shí)電場(chǎng)力先做負(fù)功，后做正功，則電勢(shì)能先增加后減小，AC在同一等勢(shì)面上，因此電勢(shì)能大小關(guān)系是EBEA=EC，故C正確；該電荷在A、C兩點(diǎn)時(shí)所受電場(chǎng)力都是背離圓心的斥力，即兩力的方向不同，故D錯(cuò)誤。故選C?！军c(diǎn)睛】掌握點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線與等勢(shì)線的分布，且電場(chǎng)力做功與動(dòng)能變化有關(guān)，常常應(yīng)用動(dòng)能定理求解動(dòng)能的變化，從而得出電勢(shì)能的變化6、A【解析】A、燈泡1的額定電流，燈泡2的額定電流，在A電路中，兩燈泡正常發(fā)光時(shí)，通過R的電流為，R與并聯(lián)，電壓相等，根據(jù)，所以功

14、率之比等于電流之比，為，則R上消耗的功率為，則整個(gè)電路的總功率；在D電路中，兩燈泡正常發(fā)光，則通過R的電流等于兩燈泡額定電流之和，為，兩燈泡的并聯(lián)電壓為，則R上的電壓為，根據(jù)，知電阻R上消耗的功率與兩個(gè)燈泡消耗的功率相等，所以整個(gè)電路的總功率，所以A電路消耗的功率小，故A正確，D錯(cuò)誤；B、在B電路中，燈泡1的額定電流，燈泡2的額定電流，燈泡2能正常法，則燈泡1就會(huì)燒掉，B電路不能保證兩燈泡正常發(fā)光，在C電路中，兩燈泡串聯(lián)，則兩燈泡電流相等，不能保證兩燈泡正常發(fā)光，故B、C錯(cuò)誤點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知道在混聯(lián)電路中，總功率等于各電阻消耗的功率之和，會(huì)根據(jù)功率的公式求出額定電流，判斷燈泡能否正常發(fā)光

15、二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】AB.兩安培表并聯(lián)，表頭兩端的電壓相同，電流相同，指針偏轉(zhuǎn)角度相同，安培表A1的量程大于A2的量程，則安培表A1的讀數(shù)大于安培表A2的讀數(shù)。故A正確，B錯(cuò)誤CD.兩電壓表串聯(lián)，兩表頭的電流相同，指針偏轉(zhuǎn)角度相同，量程大的讀數(shù)大，伏特表V1的偏轉(zhuǎn)角等于伏特表V2的偏轉(zhuǎn)角。故C錯(cuò)誤，D正確8、BD【解析】由圖可知，并聯(lián)后與R4串聯(lián)，接到電源的兩端，則，總電流為根據(jù)閉合電路歐姆定律得，所以通過、的電流為，R4兩端的電壓，兩端電壓為，B