《2022-2023學年陜西省石泉中學物理高三第一學期期中監(jiān)測試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2022-2023學年陜西省石泉中學物理高三第一學期期中監(jiān)測試題（含解析）.doc（15頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、一個彈性小球，在光滑水平面上以5m/s的速度向左垂直撞到墻上，碰撞后小球以大小為3m/s速度向右運動則碰撞前后小球速度變化量v的大小和方向分別為（）A2m/s，向左B2m/s，向右C8m/s，向左D8m/s，向右2、如圖所示，在M、N兩點分別固定兩個點電荷，電荷量分別為+Q和Q，MN連線的中點為O正方形ABCD以O點為中心，E、F、G、H分別是正方形四邊的中點則下列說法正確的是（）AA點電勢低于B點電勢BA點和B點的電場強度的大小相等CO點的電場強度為零，電勢也為零D同一試探電荷沿路徑ACD移動比沿路徑AB移動電場力做的功多3、2019年4月20日，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用

3、長征三號乙運載火箭，成功發(fā)射第44顆北斗導航衛(wèi)星，拉開了今年北斗全球高密度組網(wǎng)的序幕。北斗系統(tǒng)主要由離地面高度約為6R的同步軌道衛(wèi)星和離地面高度約為3R的中圓軌道衛(wèi)星組成(R為地球半徑)，設表面重力加速度為g，忽略地球自轉(zhuǎn)。則（）A這兩種衛(wèi)星速度都大于B中圓軌道衛(wèi)星的運行周期大于24小時C中圓軌道衛(wèi)星的向心加速度約為D衛(wèi)星從中軌道變到同步軌道需向前噴氣4、小華同學通過以下步驟測出了從一定高度落下的排球?qū)Φ孛娴臎_擊力：將一張白紙鋪在水平地面上，把排球在水里弄濕，然后讓排球從規(guī)定的高度自由落下，并在白紙上留下球的水印再將印有水印的白紙鋪在臺秤上，將球放在紙上的水印中心，緩慢地向下壓球，使排球與紙接

4、觸部分逐漸發(fā)生形變直至剛好遮住水印記下此時臺秤的示數(shù)即為沖擊力的最大值下列物理學習或研究中用到的方法與該同學的方法相同的是A建立“點電荷”的概念B建立“合力與分力”的概念C建立“瞬時速度”的概念D研究加速度與合力、質(zhì)量的關系5、如圖所示，在傾角=的斜面頂點A處以初速度v1水平拋出一個小球，小球落在斜面上的C點(圖中未畫出)，若在斜面上B點處以初速度v2水平拋出小球，小球也恰好落在斜面上的C點。已知v1:v2=3:1,則從A、B兩點依次平拋的水平位移大小之比為A9:1B6:1C3:1D2:16、如圖所示，水平方向的傳送帶以4 m/s的恒定速度順時針轉(zhuǎn)動，其兩端A、B間的距離為7 m。一物塊從B端

5、以5 m/s的速度滑上傳送帶，物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)0.2，g10 m/s2。在物塊從滑上傳送帶至離開傳送帶的過程中，物塊的速度隨時間變化的圖象是圖中的（）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平轉(zhuǎn)臺上的小物體A、B通過輕彈簧連接，并隨轉(zhuǎn)臺一起勻速轉(zhuǎn)動，A、B的質(zhì)量分別為m、2m，A、B與轉(zhuǎn)臺的動摩擦因數(shù)都為，A、B離轉(zhuǎn)臺中心的距離分別為1.5r、r，已知彈簧的原長為1.5r，勁度系數(shù)為k，設本題中的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，以下說法正確的是(

6、 )A當B受到的摩擦力為0時，轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)動的角速度為B當A受到的摩擦力為0時，轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)動的角速度為C若B比A先相對轉(zhuǎn)臺滑動，當B剛好要滑動時，轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)動的角速度為D若A比B先相對轉(zhuǎn)臺滑動，當A剛好要滑動時，轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)動的角速度為8、2016年8月16日1時40分，我國在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用長征二號運載火箭成功將世界首顆量子科學實驗衛(wèi)星“墨子號”發(fā)射升空，將在世界上首次實現(xiàn)衛(wèi)星和地面之間的量子通信量子科學實驗衛(wèi)星“墨子號”由火箭發(fā)射至高度為500km的預定圓形軌道此前，6月在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射了第二十三顆北斗導航衛(wèi)星G1G1屬地球靜止軌道衛(wèi)星（高度為36000km），它將使北斗系統(tǒng)的可靠性進一步提高關于

7、衛(wèi)星以下說法中正確的是（）A這兩顆衛(wèi)星的運行速度可能大于1.9km/sB量子科學實驗衛(wèi)星“墨子號”的向心加速度比北斗G1大C量子科學實驗衛(wèi)星“墨子號”的周期比北斗G1小D通過地面控制可以將北斗G1定點于廣州市的正上方9、如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為電源內(nèi)阻，R1和R3均為定值電阻，R2為滑動變阻器當R2的滑動觸點在ab的中點時合上開關S，此時三個電表A1、A2和V的示數(shù)分別為I1、I2和U現(xiàn)將R2的滑動觸點向a端移動，則（ ）A電源的總功率減小BR3消耗的功率增大CI1增大，I2減小，U增大DI1減小，I2不變，U減小10、用雙縫干涉測光的波長的實驗裝置如圖所示，調(diào)整實驗裝置使屏上可

8、以接收到清晰的干涉條紋關于該實驗，下列說法正確的是_A若將濾光片向右平移一小段距離，光屏上相鄰兩條明紋中心的距離增大B若將光屏向右平移一小段距離，光屏上相鄰兩條暗紋中心的距離增大C若將雙縫間的距離d減小，光屏上相鄰兩條暗紋中心的距離增大D若將濾光片由綠色換成紅色，光屏上相鄰兩條暗紋中心的距離增大E.為了減少測量誤差，可用測微目鏡測出n條明條紋間的距離a，則相鄰兩條明條紋間距為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在探究彈力和彈簧伸長的關系時，某同學先按圖1對彈簧甲進行探究，然后把原長相同的彈簧甲和彈簧乙并聯(lián)起來按圖2進行探究.在彈性

9、限度內(nèi)，將質(zhì)量為m=50g的鉤碼逐個掛在彈簧下端，分別測得圖1、圖2中彈簧的長度L1、L2如下表所示. 已知重力加速度g=9.8m/s2，要求盡可能多的利用測量數(shù)據(jù)，計算彈簧甲的勁度系數(shù)k1=_N/m（結果保留三位有效數(shù)字）.由表中數(shù)據(jù)計算出彈簧乙的勁度系數(shù)k2=_N/m（結果保留三位有效數(shù)字）.12（12分）在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”的實驗中，（1）圖乙是紙帶穿過打點封時器的兩種穿法，你認為比較合理的穿法是_（選填“A”或“B”） （2）關于打點計時器的使用，下列說法中正確的是_A電磁打點計時器使用的是4V6V的直流電源B在測量物體速度時，先讓物體運動，后接通打點計時器的電源C使用的

10、電源頻率越高，打點的時間間隔就越小D紙帶上打的點越密，說明物體運動得越快（3）如圖所示為一次記錄小車運動情況的紙帶，圖中A、B、C、D、E為相鄰的記數(shù)點，相鄰記數(shù)點間有4個計時點未標出，設A點為計時起點，求C點的瞬時速度_，小車的加速度a=_（結果保留三位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，A、B是水平傳送帶的兩個端點，起初以的速度順時針運轉(zhuǎn)今將一質(zhì)量為1kg的小物塊（可視為質(zhì)點）無初速度地輕放在A處，同時傳送帶以的加速度加速運轉(zhuǎn)，物體和傳送帶間的動摩擦因素為0.2，水平桌面右側(cè)有一豎直

11、放置的光滑軌道CPN，其形狀為半徑R=0.8m的圓環(huán)剪去了左上角1350的圓弧，PN為其豎直直徑，C點與B點的豎直距離為R，物體在B點水平離開傳送帶后由C點恰好無碰撞落入軌道取g=10m/s2，求：（1）物塊由A端運動到B端所經(jīng)歷的時間（2）AC間的水平距離（3）小物塊在P點對軌道的壓力14（16分）如圖所示，將一質(zhì)量為m=0.1kg的小球自水平平臺右端O點以v0=3m/s的初速度水平拋出，小球飛離開平臺后由A點沿切線落入豎直光滑圓軌道ABC，并沿軌道恰好到達軌道最高點C，圓軌道ABC的形狀為半徑為R=2.5m的圓截去了左上角的127的圓弧，CB為其豎直直徑，sin37=0.6，g=10m/s

12、2，（1）小球經(jīng)過C點時速度的大小？（2）若小球運動到軌道最低點B的速度vB=m/s，軌道對小球的支持力多大？（3）平臺末端O點到A點的豎直高度H.15（12分）如圖所示為一種打地基所用的夯，打夯時四人分別握住夯錘的一個把手，同時向上用力然后同時松手，夯落至地面將地基夯實若已知夯的質(zhì)量為80kg，每個人對夯施加豎直向上的力均恒為250N，力的持續(xù)時間為0.4s，夯落地時將地面砸出的凹痕深為2cm，重力加速度g取10m/s2。求：（1）夯離地瞬間的加速度； （2）夯砸入地面的過程中夯對地面的平均作用力. 參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一

13、項是符合題目要求的。1、D【解析】規(guī)定向左做為正方向，則v0=5m/s，v=-3m/s；故速度變化量為v=v-v0=-3-5m/s=-8m/s，負號說明與規(guī)定方向相反，故速度變化量方向向右，故選D【點睛】本題主要考查了速度與速度變化量間的關系，關鍵是明確正方向，正負號表示方向；變化量是末態(tài)量減去初態(tài)量.2、B【解析】將該圖與等量異種電荷產(chǎn)生的電場的電場線相結合，如圖：根據(jù)電場線分布的對稱性可知，結合沿電場線的方向電勢降低可知，A點的電勢比B點的電勢高，故A錯誤。根據(jù)電場線分布的對稱性可知，A點電場強度與B點電場強度大小相等，故B正確。由圖可得O點的電場強度不等于0，故C錯誤由圖可得，B點的電勢

14、與D點的電勢相等，根據(jù)電場力做功的特點可知，同一試探電荷沿路徑ACD移動與沿路徑AB移動電場力做的功一樣多。故D錯誤。故選B?！军c睛】解決本題的關鍵要熟悉等量異種電荷電場線分布特點，利用對稱性進行判斷，利用推論：負電荷在電勢高處電勢能小，是判斷電勢能變化常用的方法3、C【解析】AM表示地球的質(zhì)量，m表示衛(wèi)星的質(zhì)量，根據(jù)萬有引力提供向心力得又地球表面的物體解得故A錯誤；BM表示地球的質(zhì)量，m表示衛(wèi)星的質(zhì)量，根據(jù)萬有引力提供向心力得可知軌道半徑越大則周期越大，所以中圓軌道衛(wèi)星的運行周期小于同步衛(wèi)星的周期24小時，故B錯誤；C在地球表面為m0的物體，有中圓軌道衛(wèi)星則其向心加速度約為，故C正確；D衛(wèi)星

15、的軌道越高，則其機械能增大，所以若衛(wèi)星從中圓軌道變軌到同步軌道，需向后方噴氣加速，故D錯誤。故選C。4、B【解析】A、點電荷是一種理想化的模型，是采用的理想化的方法，故A錯誤；B、合力和分力的作用效果是等效的，它們是等效替代的關系，故B正確；C. 瞬時速度是把很短時間內(nèi)物體的平均速度近似的認為是瞬時速度，采用的是極限的方法，故C錯誤；D. 研究加速度與合力、質(zhì)量的關系的時候，是控制其中的一個量不變，從而得到其他兩個物理量的關系，是采用的控制變量的方法，故A錯誤故選B5、A【解析】小球從斜面拋出落在斜面上，合位移與水平方向夾角等于斜面夾角，設合速度方向與水平方向夾角為，根據(jù)推論速度與水平方向夾角

16、的正切值是位移與水平方向夾角的正切值的2倍得則豎直方向的分速度做平拋運動的水平位移，整理得所以從A、B兩點依次平拋的水平位移大小之比故選A。6、B【解析】物塊剛滑上傳送帶時，由于物塊與傳送帶間的摩擦力的作用，物塊做勻減速運動，其加速度：ag2 m/s2當物塊的速度減小0時，物塊前進的距離：其值小于AB的距離，故物塊減速到0后會隨傳送帶向右運動，其加速度的大小與減速時是相等的，其速度與傳送帶的速度相等時，物塊向右滑行的距離：其值小于物塊向左前進的距離，說明物塊仍在傳送帶上，此后物塊相對于傳送帶靜止，其速度大小等于傳送帶的速度大小。ACD.由上分析可知，ACD錯誤；B.由上分析可知，B正確。二、多

17、項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A、當B受到的摩擦力為0時，由彈簧彈力提供向心力，則 ，解得 ，選項A錯誤；B、當A受到的摩擦力為0時，由彈簧彈力提供向心力，則 ，解得，選項B正確；C、當B剛好要滑動時，摩擦力達到最大靜摩擦力，彈簧彈力與靜摩擦力的合力提供向心力，則有： ，解得 ，選項C錯誤；D、當A剛好要滑動時，摩擦力達到最大靜摩擦力，彈簧彈力與靜摩擦力的合力提供向心力，則有： ，解得，選項D正確。點睛：本題主要考查了胡克定律以及向心力公式的直接應用，知道

18、當A、B剛好要滑動時，摩擦力達到最大靜摩擦力，彈簧彈力與靜摩擦力的合力提供向心力，明確向心力的來源是解題的關鍵。8、BC【解析】是繞地球表面運動的速度，是衛(wèi)星的最大環(huán)繞速度，則這兩顆衛(wèi)星的速度都小于，A錯誤；根據(jù)，得，軌道半徑小的量子科學實驗衛(wèi)星“墨子號”的向心加速度比北斗G1大，B正確；根據(jù)，得，半徑越大，周期越大，則半徑小的量子科學實驗衛(wèi)星“墨子號”的周期比北斗G1小C正確；同位衛(wèi)星的軌道只能在赤道的上方，D錯誤9、AC【解析】由圖知電壓表測量路端電壓，電流表A1測量流過R1的電流，電流表A2測量流過R2的電流；R2的滑動觸點向a端移動時，R2增大，整個電路的總電阻增大，總電流減小，則有電

19、源的總功率減??；電源的內(nèi)電壓減小，則路端電壓增大，即電壓表示數(shù)U增大，R3電壓減小，則有R3消耗的功率減小；R1、R2并聯(lián)電壓增大，通過R1的電流I1增大，而總電流I減小，則流過R2的電流I2減小，故BD錯誤，AC正確；故選AC10、BCD【解析】A、根據(jù)雙縫干涉的的間距公式，由雙縫的距離d，雙縫到光屏的距離L和入射光的波長共同決定，而將濾光片向右平移，條紋間距不變；故A錯誤.B、將光屏向右平移一小段距離即L增大，可知增大；B正確.C、將雙縫間的距離d減小，由知增大；C正確.D、將濾光片由綠色換成紅色，可知波長變大，則光屏上的兩個相鄰暗條紋間的距離增大；D正確.E、n條亮紋之間有n-1個間距，

20、則相鄰條紋的間距為；故E錯誤.故選BCD.【點睛】解決本題的關鍵掌握雙縫干涉條紋的間距公式,并能靈活運用三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、24.5 （24.0-25.0）； 125（123-129）； 【解析】由表格中的數(shù)據(jù)可知，當彈力的變化量F=mg=0.059.8N=0.49N時，彈簧形變量的變化量為： 根據(jù)胡克定律知甲的勁度系數(shù)： 把彈簧甲和彈簧乙并聯(lián)起來時，彈簧形變量的變化量為： 并聯(lián)時總的勁度系數(shù)k并，根據(jù)k并=k1+k2，則：k2=k并-k1=148-24.6124N/m點睛：解決本題的關鍵掌握胡克定律，知道F=kx，x表

21、示形變量，以及知道其變形式F=kx，x為形變量的變化量知道兩彈簧并聯(lián)時勁度系數(shù)的關系.12、B C 1.7 6.4 【解析】(1)1 打點計時器在安裝使用時，除基本操作要求外，還有一點值得注意的是：紙帶穿過限位孔進要放在復寫紙的下面，這樣打出的點跡清楚，故B正確；(2)2A電磁打點計時器一般使用46V的交流電源，故A錯誤；B為了提高紙帶的利用率，同時為了使打點穩(wěn)定，使用打點計時器時要先接通電源，后釋放物體，故B錯誤；C打點的時間間隔取決于交流電壓的頻率，電源頻率越高，打點的時間間隔就越小，故C正確；D紙帶上打的點越密，說明相等的時間間隔位移越小，即物體運動的越慢，故D錯誤。(3)3電源頻率為5

22、0Hz，則周期為0.02s，相鄰計數(shù)點間還有四個點未標出，則可知相鄰計數(shù)點間的時間為0.1s，利用勻變速直線運動的推論可知平均速度等于中間時刻的瞬時速度：4 由題意知根據(jù)得，加速度為：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）3s（2）8.6m（3）70-10N【解析】試題分析：（1）物體離開傳送帶后由C點無碰撞落入軌道，則得在C點物體的速度方向與C點相切，與豎直方向成45，有，物體從B點到C作平拋運動，豎直方向：水平方向：得出物體剛放上傳送帶時，由牛頓第二定律得a=2m/s2物體歷時t1后與傳送帶共速，則a t1

23、=v0+ a0t1，t1=1s得v1=2 m/s4 m/s故物體此時速度還沒有達到vB，且此后的過程中由于，物體將和傳送帶以共同的加速度運動，設又歷時t2到達B點 vB= v1+ a0t2得t2=2s所以從A運動倒B的時間t= t1+t2=3sAB間的距離s=7m（2）從B到C的水平距離sBC=vBt3=2R=1.6m所以A到C的水平距離sAC=s+sBC=8.6m(3) 對CP段由動能定理對P點應牛頓第二定律：解得：N=70-10N考點：牛頓第二定律的綜合應用；平拋運動【名師點睛】此題主要是牛頓第二定律的綜合應用問題；解決此題的關鍵是抓住過程分析及各過程之間的聯(lián)系，分過程依次解決，對于在傳送

24、到上的運動又要討論各種情況，比較復雜；對于圓周運動問題逐一分析向心力來源有一定難度14、 (1)5m/s (2) 6.0N (3)0.8m【解析】（1）恰好運動到C點，有重力提供向心力，即：mg =m得：vc=5m/s（2）在B點對小球進行受力分析，由牛頓第二定律有：FN-mg=m得：FN=6mg=6.0N根據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?.0N（3）對A點速度有：，vy=v0tan53所以：H=0.8m15、 (1) 2.5 m/s2（2）10800N【解析】試題分析：(1) 根據(jù)牛頓第二定律求出夯錘的加速度；(2) 根據(jù)位移時間公式求出夯錘勻加速上升的位移，松手后向上做豎直上拋運動，根據(jù)速度位移公式求出繼續(xù)上升的高度，從而得出上升的最大高度，再由自由落體運動公式求出夯錘落地時的速度，綜合牛頓第二定律求平均作用力。(1) 根據(jù)牛頓第二定律得，夯錘的加速度；(2) 松手前上升的高度，松手時夯速度，松手后夯做豎直上拋運動，上升高度，夯上升的最大高度 夯由最高點落到地面過程，夯入地面s=2cm過程，由牛頓第二定律有， 代入數(shù)據(jù)解得。點晴：本題考查了牛頓第二定律和運動學公式的綜合，關鍵理清物體運動過程，結合牛頓第二定律和運動學公式求解，知道加速度是聯(lián)系力學和運動學的橋梁。