《廣東省佛山市2022-2023學(xué)年物理高三上期中質(zhì)量檢測(cè)試題（含解析）.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《廣東省佛山市2022-2023學(xué)年物理高三上期中質(zhì)量檢測(cè)試題（含解析）.doc（13頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請(qǐng)考生注意：1請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項(xiàng)，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，x軸上相距L的兩個(gè)點(diǎn)電荷Q1、Q2分別固定在M、N兩點(diǎn)，Q1和Q2之間連線上各點(diǎn)電勢(shì)高,如圖曲線所示，已知取無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，從圖中可以判定AQ1電量大于Q2電量BQ1和Q2連線上由M到N,電勢(shì)先降低后升高C正檢驗(yàn)電荷q沿

2、x軸從M點(diǎn)移到N點(diǎn)的過程中，其電勢(shì)能先減少后增加D只在電場(chǎng)力作用下，正檢驗(yàn)電荷q沿x軸從M點(diǎn)移到N點(diǎn)的過程中，其加速度先減小后增大2、如圖為北京航天飛行控制中心對(duì)“嫦娥二號(hào)”衛(wèi)星實(shí)施降軌控制的示意圖，衛(wèi)星成功由軌道半徑為a、周期為T1的極月圓軌道進(jìn)入遠(yuǎn)月點(diǎn)距離為a、周期為T2的橢圓軌道，為拍攝月球圖像做好準(zhǔn)備。則“嫦娥二號(hào)” （ ）A經(jīng)過圓軌道上B點(diǎn)時(shí)的速率等于它經(jīng)過橢圓軌道上A點(diǎn)時(shí)的速率B在圓軌道上經(jīng)過B點(diǎn)和在橢圓軌道上經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的加速度大小相等C在圓軌道上運(yùn)行周期T1小于它在橢圓軌道上運(yùn)行周期T2D在圓軌道上經(jīng)過B點(diǎn)和在橢圓軌道上經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能相等3、測(cè)量萬有引力常量，并檢驗(yàn)萬有引力定

3、律的科學(xué)家是A亞里士多德B伽利略C牛頓D卡文迪什4、圖是“嫦娥一號(hào)奔月”示意圖，衛(wèi)星發(fā)射后通過自帶的小型火箭多次變軌，進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道，最終被月球引力捕獲，成為繞月衛(wèi)星，并開展對(duì)月球的探測(cè)下列說法正確的是A發(fā)射“嫦娥一號(hào)”的速度必須達(dá)到第三宇宙速度B在繞月圓軌道上，衛(wèi)星的周期與衛(wèi)星質(zhì)量有關(guān)C衛(wèi)星受月球的引力與它到月球中心距離的平方成反比D在繞月圓軌道上，衛(wèi)星受地球的引力大于受月球的引力5、雙星系統(tǒng)由兩顆繞著它們中心連線上的某點(diǎn)旋轉(zhuǎn)的恒星組成假設(shè)兩顆恒星質(zhì)量相等，理論計(jì)算它們繞連線中點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，理論周期與實(shí)際觀測(cè)周期有出入，且，科學(xué)家推測(cè)，在以兩星球中心連線為直徑的球體空間中均勻分布著暗物質(zhì)，

4、設(shè)兩星球中心連線長(zhǎng)度為L(zhǎng)，兩星球質(zhì)量均為m，據(jù)此推測(cè)，暗物質(zhì)的質(zhì)量為（ ）A(n-1)mB(2n-1)mCD6、在用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)速度的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)打出了如圖所示的一條紙帶，已知計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的時(shí)間間隔為0.02s，則通過對(duì)紙帶的分析，下列說法中正確的是()A物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)C如果測(cè)出A、B兩點(diǎn)間的距離，就可以求出A、B兩點(diǎn)間的平均速度D如果測(cè)出A、B兩點(diǎn)間的距離，就可以求出A點(diǎn)的瞬時(shí)速度二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、下列說法正確的是A物體

5、的內(nèi)能是所有分子的動(dòng)能與勢(shì)能的總和B系統(tǒng)內(nèi)能增加時(shí)，一定有外界向系統(tǒng)傳遞熱量C電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能是通過電流做功實(shí)現(xiàn)的D第-類永動(dòng)機(jī)違背能量守恒定律，不可能制成8、下列說法正確的是（ ）A相同條件下，溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯，顆粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)也越明顯B荷葉上的露珠成球形是液體表面張力作用的結(jié)果C不斷改進(jìn)技術(shù)可以使熱機(jī)吸收的熱量全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能D具有各向同性的物質(zhì)都是非晶體E. 水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大9、如圖所示，實(shí)線為三個(gè)電荷量相同的帶正電的點(diǎn)電荷Q1、Q2、Q3的電場(chǎng)線分布，虛線為某試探電荷從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的軌跡，則下列說法正確的是( )Ab點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大B該試探電荷從a

6、點(diǎn)到b點(diǎn)的過程中電場(chǎng)力一直做負(fù)功C該試探電荷從a點(diǎn)到b點(diǎn)的過程中電勢(shì)能先增加后減少D該試探電荷從a點(diǎn)到b點(diǎn)的過程中動(dòng)能先增加后減少10、如圖所示，內(nèi)壁光滑的圓形軌道固定在豎直平面內(nèi)，軌道內(nèi)甲、乙兩小球固定在輕桿的兩端，已知甲乙兩球的質(zhì)量分別為M,m 且Mm，開始時(shí)乙球位于軌道的最低點(diǎn)，現(xiàn)由靜止釋放輕桿，下列說法正確的是()A甲球下滑至底部的過程中,系統(tǒng)的機(jī)械能守恒B甲球滑回時(shí)不一定能回到初始位置C甲球沿軌道下滑，第一次到最低點(diǎn)時(shí)具有向右的瞬時(shí)速度D在甲球滑回過程中桿對(duì)甲球做的功與桿對(duì)乙球做的功的代數(shù)和為零三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。1

7、1（6分）如圖甲所示，一位同學(xué)利用光電計(jì)時(shí)器等器材做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)有一直徑為d、質(zhì)量為m的金屬小球從A處由靜止釋放，下落過程中能通過A處正下方、固定于B處的光電門，測(cè)得A、B間的距離為H(Hd)，光電計(jì)時(shí)器記錄下小球通過光電門的時(shí)間為t，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間.則：(1)如圖乙所示，用游標(biāo)卡尺測(cè)得小球的直徑d_ mm. (2)小球經(jīng)過光電門B時(shí)的速度表達(dá)式為_(3)多次改變高度H，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，作出隨H的變化圖象如圖丙所示，當(dāng)圖中已知量t0、H0和重力加速度g及小球的直徑d滿足表達(dá)式_時(shí)，可判斷小球下落過程中機(jī)械能守恒(4)實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)動(dòng)能增加量Ek總是稍小于重力勢(shì)能減少量Ep，增加

8、下落高度后，則EpEk將_(填“增大”、“減小”或“不變”)12（12分）某同學(xué)安裝如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。如圖乙所示是該實(shí)驗(yàn)得到的一條點(diǎn)跡清晰的紙帶的一部分；現(xiàn)要取A、B兩點(diǎn)來驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)，已知電火花計(jì)時(shí)器每隔0.02s打一個(gè)點(diǎn)。（1）為提高實(shí)驗(yàn)精度，應(yīng)該選擇哪種重物_A10克塑料球 B200克金屬重錘（2）根據(jù)圖乙中紙帶可以判斷實(shí)驗(yàn)時(shí)紙帶的_（選填“左”或“右”）端和重物相連接。（3）紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)A時(shí)的速度vA_m/s（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字），同理可以算出vB。（4）要驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，實(shí)驗(yàn)還需測(cè)出_。（5）經(jīng)過測(cè)量計(jì)算后，某同學(xué)畫出了如圖所示的Eh圖線，h為重物距地面的

9、高度，則圖中表示動(dòng)能隨高度變化的曲線為_（填“圖線A”或“圖線B”）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖質(zhì)量為10kg的物體，放在水平面上，在與地面成37的拉力F作用下向右運(yùn)動(dòng)，已知拉力大小為50N，物質(zhì)與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2.g取10N/kg：求：（ ）（1）地面對(duì)物體的支持力大??；（2）物體所受摩擦力的大?。唬?）撒去F后的瞬間，物體所受摩擦力的大小.14（16分）如圖所示，可看成質(zhì)點(diǎn)的木塊放在長(zhǎng)L=1m的木板的右端，木板靜止于水平面上，已知木塊的質(zhì)量和木板的質(zhì)量均為1.0kg，木塊與木板之間

10、的動(dòng)摩擦因數(shù)1=0.1，木板與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)1=0.1，最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小視為相等，重力加速度取g=10m/s1求：（1）木塊與木板不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)的水平恒力F大小要滿足的條件；（1）若從t=0開始，木板受F=16N的水平恒力作用時(shí)，木塊和木板的加速度； （3）木塊經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間從木板上滑下；（4）當(dāng)t=1s時(shí)，木板的速度.15（12分）如圖所示，木塊m3靜止在高h(yuǎn)=145 m的水平桌面的最右端，木塊m1靜止在距m3 左側(cè)s1=335 m處現(xiàn)木塊m1在水平拉力F作用下由靜止開始沿水平桌面向右運(yùn)動(dòng)，與 m3碰前瞬間撤去F，m1和m3發(fā)生彈性正碰碰后m3落在水平地面上，落點(diǎn)距桌面右端水

11、平 距離s=l3 m已知m1=13 kg，m3 =13 kg，m1與桌面的動(dòng)摩擦因素為13（兩個(gè)木塊都可以視為質(zhì)點(diǎn)，g=11 ms3）求：（1）碰后瞬間m3的速度是多少？（3）m1碰撞前后的速度分別是多少？（3）水平拉力F的大??？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】A.由題可知無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，而處電勢(shì)大于零，處電勢(shì)小于零，則知，和一定是異種電荷；在它們的連線上的點(diǎn)的電勢(shì)是零，但點(diǎn)離近，所以的電荷量要小于的電荷量，故A錯(cuò)誤；B.和連線上由到，電勢(shì)逐漸降低，故B錯(cuò)誤；C.因?yàn)檎姾稍陔妱?shì)越高的地方電勢(shì)能越大

12、，所以正檢驗(yàn)電荷沿軸從點(diǎn)移到點(diǎn)的過程中，其電勢(shì)能逐漸減小，故C錯(cuò)誤；D.電勢(shì)與關(guān)系圖象的斜率絕對(duì)值大小等于場(chǎng)強(qiáng)，從點(diǎn)移到N點(diǎn)的過程，圖象的斜率先減小后增加，所以場(chǎng)強(qiáng)先減小后增加，所以加速度先減小后增大，故D正確。2、B【解析】根據(jù)開普勒周期定律比較兩個(gè)軌道上的周期，當(dāng)萬有引力剛好提供衛(wèi)星所需向心力時(shí)，衛(wèi)星正好可以做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，若是供大于需，則衛(wèi)星做逐漸靠近圓心的運(yùn)動(dòng)；若是供小于需，則衛(wèi)星做逐漸遠(yuǎn)離圓心的運(yùn)動(dòng)；【詳解】A、在圓軌道實(shí)施變軌成橢圓軌道是做逐漸靠近圓心的運(yùn)動(dòng)，要實(shí)現(xiàn)這個(gè)運(yùn)動(dòng)必須萬有引力大于所需向心力，所以應(yīng)給“嫦娥二號(hào)”衛(wèi)星減速，減少所需的向心力，所以經(jīng)過圓軌道上A點(diǎn)時(shí)的速率大于它

13、經(jīng)過橢圓軌道上A點(diǎn)時(shí)的速率，而圓軌道上的各個(gè)位置速率相等，即經(jīng)過圓軌道上B點(diǎn)時(shí)的速率大于它經(jīng)過橢圓軌道上A點(diǎn)時(shí)的速率，故A錯(cuò)誤；B、“嫦娥二號(hào)”衛(wèi)星變軌前通過B點(diǎn)時(shí)只有萬有引力來提供加速度，變軌后沿橢圓軌道運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)也是只有萬有引力來提供加速度，而且這兩點(diǎn)距離月球相等，由于萬有引力與距離有關(guān)，說明衛(wèi)星在這兩點(diǎn)時(shí)萬有引力的大小相等，根據(jù)牛頓第二定律可知這兩點(diǎn)加速度大小也相等，故選項(xiàng)B正確； C、根據(jù)開普勒第三定律得：，k與中心體有關(guān)，由于圓軌道的半徑大于橢圓的半長(zhǎng)軸，所以在圓軌道運(yùn)行周期大于它在橢圓軌道運(yùn)行周期，故C錯(cuò)誤；D、衛(wèi)星變軌的時(shí)候發(fā)動(dòng)機(jī)點(diǎn)火，發(fā)動(dòng)機(jī)做功，所以“嫦娥二號(hào)”衛(wèi)星點(diǎn)火變軌，

14、前后的機(jī)械能不守恒，而圓軌道上的各個(gè)位置機(jī)械能相等，即在圓軌道上經(jīng)過B點(diǎn)和在橢圓軌道上經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能不相等，故D錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】衛(wèi)星變軌也就是近心運(yùn)動(dòng)或離心運(yùn)動(dòng)，根據(jù)提供的萬有引力和所需的向心力關(guān)系確定，注意變軌時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)點(diǎn)火，即變軌前后機(jī)械能不守恒。3、D【解析】卡文迪許通過扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬有引力常量并檢驗(yàn)萬有引力定律，故D正確。故選D。4、C【解析】第三宇宙速度是衛(wèi)星脫離太陽系的最小發(fā)射速度，所以“嫦娥一號(hào)”衛(wèi)星的發(fā)射速度一定小于第三宇宙速度，A項(xiàng)錯(cuò)誤；設(shè)衛(wèi)星軌道半徑為r，由萬有引力定律知衛(wèi)星受到引力FG，C項(xiàng)正確設(shè)衛(wèi)星的周期為T，由Gmr得T2r3，所以衛(wèi)星的周期與月球質(zhì)量有關(guān)，與衛(wèi)星質(zhì)

15、量無關(guān)，B項(xiàng)錯(cuò)誤衛(wèi)星在繞月軌道上運(yùn)行時(shí)，由于離地球很遠(yuǎn)，受到地球引力很小，衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力主要是月球引力提供，D項(xiàng)錯(cuò)誤5、C【解析】設(shè)星球的質(zhì)量均為m，軌道半徑為，周期為T，雙星運(yùn)動(dòng)過程中萬有引力提供向心力：，解得；設(shè)暗物質(zhì)的質(zhì)量為，對(duì)星球由萬有引力提供向心力，解得根據(jù)，聯(lián)立以上可得： ，選項(xiàng)C正確【點(diǎn)睛】該題屬于信息題，解答本題的關(guān)鍵是知道對(duì)于雙星，由暗物質(zhì)引力和雙星之間的引力的合力提供向心力，然后根據(jù)牛頓第二定律列方程求解，要細(xì)心計(jì)算6、C【解析】AB相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)的距離先增大后減小，所以物體先加速運(yùn)動(dòng)后減速運(yùn)動(dòng)，故A、B錯(cuò)誤；C如果測(cè)出、兩點(diǎn)間的距離，根據(jù)就可以求出、兩點(diǎn)間的平均速度

16、，故C正確；D紙帶實(shí)驗(yàn)中，可以用平均速度代替中點(diǎn)時(shí)刻的瞬時(shí)速度，所以要求解點(diǎn)的瞬時(shí)速度應(yīng)該測(cè)出點(diǎn)前后兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)的距離，故D錯(cuò)誤；故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ACD【解析】A物體內(nèi)所有分子的動(dòng)能與勢(shì)能的總和叫物體的內(nèi)能，故A正確；B系統(tǒng)內(nèi)能增加時(shí)，可能是外界對(duì)系統(tǒng)做功，也可能是系統(tǒng)吸熱，故B錯(cuò)誤；C電流做功，電能可以轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，即焦耳定律，故C正確；D第一類永動(dòng)機(jī)違背了能量守恒定律，所以不可能制成，故D正確。故選ACD。8、ABE【解析】A、相同條件下，

17、溫度越高，布朗微粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯，故A正確；B、荷葉上的露珠存在表面張力，它表面的水分子表現(xiàn)為引力，從而使它收縮成一個(gè)球形，與表面張力有關(guān)，故B正確；C、根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知：不可能從單一熱源吸熱使之完全變?yōu)闄C(jī)械功，而不引起外界變化，即：熱機(jī)的效率不能達(dá)到100%，故C錯(cuò)誤；D、多晶體和非晶體都表現(xiàn)各向同性，故D錯(cuò)誤；E、飽和汽壓隨溫度而變，溫度越大，飽和汽壓越大，故E正確。9、AC【解析】A.根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小可知，b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大，故A正確；B.該試探電荷從a點(diǎn)到b點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力提供其做曲線運(yùn)動(dòng)的合外力，且電場(chǎng)力方向指向曲線凹處，與速度方向的

18、夾角先是鈍角后變成銳角，即電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，試探電荷的電勢(shì)能先增加后減少，根據(jù)功能關(guān)系可知，試探電荷的動(dòng)能先減少后增加，故C正確，B、D錯(cuò)誤故選：AC10、ACD【解析】A.球甲、輕桿和乙球組成的系統(tǒng)在整個(gè)過程中只有重力做功，滿足系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故A正確；B.根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可知，甲球滑回時(shí)可以回到初始位置，故B錯(cuò)誤；C.甲球第一次到最低點(diǎn)時(shí)，乙球上升的高度與甲球初始高度相同，由于甲的質(zhì)量大于乙的質(zhì)量，所以甲減小的重力勢(shì)能大于乙增加的重力勢(shì)能，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可知，此時(shí)甲、乙兩球都有速度，所以甲球此時(shí)有具有向右的瞬時(shí)速度，故C正確；D.因?yàn)榧?、乙兩球總的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故甲球滑回時(shí)甲

19、增加的機(jī)械能等于桿對(duì)甲球做的功，乙球減小的機(jī)械能等于桿對(duì)乙球做的功，而在滑回過程中甲增加的機(jī)械能等于乙減小的機(jī)械能，故桿對(duì)甲球做的功與桿對(duì)乙球做的功的代數(shù)和為零，故D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、7.15 或 增大 【解析】解：（1）由圖可知，主尺刻度為7mm；游標(biāo)對(duì)齊的刻度為3；故讀數(shù)為：7+30.05=7.15mm；（2）已知經(jīng)過光電門時(shí)的時(shí)間小球的直徑；則可以由平均速度表示經(jīng)過光電門時(shí)的速度；故v=；（3）若減小的重力勢(shì)能等于增加的動(dòng)能時(shí)，可以認(rèn)為機(jī)械能守恒；則有：mgH=mv2；即：2gH0=（）2解得：；（4）由于

20、該過程中有阻力做功，而高度越高，阻力做功越多；故增加下落高度后，則EpEk將增大；故答案為（1）7.25；（2）；（3）；（4）增大【點(diǎn)評(píng)】本題為創(chuàng)新型實(shí)驗(yàn)，要注意通過分析題意明確實(shí)驗(yàn)的基本原理才能正確求解12、B 右 0.39 AB之間的距離 圖線B 【解析】(1)1為減小阻力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，重物應(yīng)選擇質(zhì)量大、體積小、密度大的材料，故A錯(cuò)誤，B正確；故選B。(2)2重物下落時(shí)做勻加速運(yùn)動(dòng)，故紙帶上點(diǎn)的間隔應(yīng)越來越遠(yuǎn)，故應(yīng)該是右端連接重物；(3)3A點(diǎn)速度為(4)4要驗(yàn)證機(jī)械能守恒需要驗(yàn)證某一過程中重力勢(shì)能減少量等于該過程的動(dòng)能增加量，知道A、B兩點(diǎn)速度后，可以計(jì)算動(dòng)能增加量，要

21、計(jì)算重力勢(shì)能減少量，需要知道AB間的距離；(5)5物體做自由落體運(yùn)動(dòng)，高度越低，動(dòng)能越大，故表示動(dòng)能隨高度變化的曲線為圖線B。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）130N；（2）26N；（3）20N【解析】（1）以物體為研究對(duì)象，受力如圖所示將力F正交分解，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律得：FsinFN+mg=0，得：FN=Fsin37+mg=500.6+1010=130N；（2）滑動(dòng)摩擦力的大?。篺=FN=0.2130=26N；(3)撤去F后的瞬間，豎直方向受力平衡，支持力：物體所受摩擦力的大小：14、（1） （1） ；4

22、m/s1（3）1s（4）11m/s【解析】（1）對(duì)物體A：解得： 對(duì)整體： 代入數(shù)據(jù)計(jì)算得出: F=11N 則保持相對(duì)靜止 F11N（1）木板受F=16N的水平恒力作用時(shí)木板和木塊產(chǎn)生相對(duì)滑動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)B： 對(duì)A： 代入數(shù)據(jù)計(jì)算得出: （3）設(shè)物體A經(jīng)時(shí)間t從木板B上滑下，此時(shí)A的位移: B的位移: 聯(lián)立以上三式，代入數(shù)據(jù)得: （4）因?yàn)闀r(shí)，A已經(jīng)滑落木板，之后對(duì)B:設(shè)B的加速度為aB，根據(jù)牛頓第二定律得: 代入數(shù)據(jù)得: 則時(shí)，B的速度: 【點(diǎn)睛】本題是一道典型的板塊模型力學(xué)綜合題，分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過程是解題的關(guān)鍵，要分析出隱含的臨界條件，即兩物體剛好產(chǎn)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)的F值，應(yīng)用牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可以解題15、（1）4m/s（3）5m/s ；-1m/s （3）18N【解析】試題分析：（1）m3做平拋運(yùn)動(dòng)，則：h=gt3；s=v3t；解得v3=4m/s（3）碰撞過程動(dòng)量和能量守恒：m1v=m1v1+m3v3m1v3=m1v13+m3v33代入數(shù)據(jù)解得：v=5m/s v1=-1m/s（3）m1碰前:v3=3as代入數(shù)據(jù)解得：F=18N考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律；能量守恒定律；牛頓第二定律的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】此題關(guān)鍵是搞清兩個(gè)物體的運(yùn)動(dòng)特征,分清物理過程；用動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律結(jié)合牛頓定律列出方程求解