《2022-2023學年金太陽廣東省高三物理第一學期期中質量檢測試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2022-2023學年金太陽廣東省高三物理第一學期期中質量檢測試題（含解析）.doc（16頁珍藏版）》請在匯文網上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、2009年5月，航天飛機在完成對哈勃空間望遠鏡的維修任務后，在圓形軌道上做無動力圓周運動，然后打開發(fā)動機在A點進入橢圓軌道，之后立即關閉發(fā)動機，B為軌道上的一點，如圖所示。關于航天飛機的運動，下列說法正確的是（ ）A在軌道上經過A點

2、的速度大于經過B點的速度B在軌道上經過A點的速度大于在軌道上經過A點的速度C在軌道上的機械能等于在軌道上的機械能D在軌道上運動的周期小于在軌道上運動的周期2、一個小石子從離地某一高度處由靜止自由落下，某攝影愛好者恰好拍到了它下落的一段軌跡AB如圖。該愛好者用直尺量出軌跡的實際長度，如圖所示。已知曝光時間為s，則小石子出發(fā)點離A點約為（ ）A6.5mB10mC20mD45m3、如圖所示，豎直平面內的軌道和都由兩段細直桿連接而成，兩軌道長度相等用相同的水平恒力將穿在軌道最低點的B靜止小球，分別沿和推至最高點A，所需時間分別為t1、t2；動能增量分別為、假定球在經過軌道轉折點前后速度的大小不變，且球

3、與、軌道間的動摩擦因數相等，則A；t1t2B=；t1t2C；t1t2D=；t1t24、如圖所示，勻強磁場的方向垂直紙面向里，一帶電微粒從磁場邊界d點垂直于磁場方向射入，沿曲線dpa打到屏MN上的a點，通過pa段用時為t.若該微粒經過P點時，與一個靜止的不帶電微粒碰撞并結合為一個新微粒，最終打到屏MN上若兩個微粒所受重力均忽略,則新微粒運動的 ( )A軌跡為pb,至屏幕的時間將小于tB軌跡為pc,至屏幕的時間將大于tC軌跡為pa，至屏幕的時間將大于tD軌跡為pb,至屏幕的時間將等于t5、一個質量為1kg的小球豎直向上拋出，最終落回拋出點，假如小球所受空氣阻力大小恒定，該過程的位移一時間圖像如圖所

4、示，g取10m/s2，下列說法正確的是（ ）A小球拋出時的速度為12m/sB小球上升和下落的時間之比為C小球落回到拋出點時所受合力的功率為D小球上升過程的機械能損失大于下降過程的機械能損失6、如圖所示，足夠長的傳送帶與水平面的夾角為，傳送帶以速度v0逆時針勻速轉動在傳送帶的上端輕輕放置一個質量為m的小木塊，小木塊與傳送帶間的動摩擦因數tan，則能客觀地反映小木塊的速度隨時間變化關系的圖象是（ ）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一輛轎車在平直公路上運行，啟動

5、階段轎車牽引力保持不變，而后以額定功率繼續(xù)行駛，經過時間t0，其速度由零增大到最大值vm若轎車所受的阻力f為恒力，關于轎車的速度v、牽引力F、功率P隨時間t變化的情況，下列選項正確的是()ABCD8、兩個固定的等量異種電荷，在他們連線的垂直平分線上有a、b、c三點，如圖所示，下列說法正確的是：（ ) Aa點電勢比b點電勢高Ba、b兩點場強方向相同，a點場強比b點小Ca、b、c三點與無窮遠電勢相等D一帶電粒子(不計重力)，在a點無初速釋放，則它將在a、b線上運動E.正負電荷連線上的各點的場強c點場強最大9、如圖，一平行板電容器連接在直流電源上，電容器的極板水平，兩微粒a、b所帶電荷量大小相等、符

6、號相反，使它們分別靜止于電容器的上、下極板附近，與極板距離相等現同時釋放a、b，它們由靜止開始運動，在隨后的某時刻t，a、b經過電容器兩極板間下半區(qū)域的同一水平面，a、b間的相互作用和重力可忽略下列說法正確的是（ ）Aa的質量比b的大B在t時刻，a的動能比b的大C在t時刻，a和b的電勢能相等D在t時刻，a和b的動量大小相等10、如圖所示，桿上通過輕繩連有兩個滑環(huán)A、B，已知它們的質量mA=mB=2.0kg，A與水平桿間動摩擦因數為0.3，B與豎直桿間光滑接觸，輕繩長L=0.25m現用水平力將A環(huán)緩慢向右拉動，拉動過程中，角由37增大到53，則在這一過程中（g=10m/s2，sin37=0.6，

7、cos37=0.8，sin53=0.8，cos53=0.6）A系統(tǒng)增加的內能為0.6JB水平力F大小不變CB的重力勢能增加1.0JDA受到的摩擦力不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在測量兩節(jié)干電池的電動勢與內阻的實驗中，利用實驗提供的實驗器材設計的電路圖如圖1所示，其中每節(jié)干電池的電動勢約為1.5V、內阻約為，電壓表的量程均為3V、內阻為，定值電阻（未知），滑動變阻器最大阻值為(已知)請回答下列問題：(1)根據設計的電路圖，將圖2中的實物圖連接_；(2)在完成實驗時，將滑動變阻器的最值調到，閉合電鍵，兩電壓表的示數分別為，則

8、定值電阻_（用、表示）；(3)測出定值電阻的阻值后，調節(jié)滑動變阻器的滑片，讀出多組電壓表的示數，以兩電壓表的示數為坐標軸，建立坐標系，描繪出的關系圖象如圖3所示，假設圖線的斜率為k、與橫軸交點的坐標值為c，則電池的電動勢為E=_，內阻_（以上結果用k、c、表示）12（12分）如圖甲所示的裝置叫做阿特伍德機，是英國數學家和物理學家阿特伍德（GAtwood1746-1807）創(chuàng)制的一種著名力學實驗裝置，用來研究勻變速直線運動的規(guī)律某同學對該裝置加以改進后用來驗證機械能守恒定律，如圖乙所示（1）實驗時，該同學進行了如下步驟：將質量均為M（A的含擋光片、B的含掛鉤）的重物用繩連接后，跨放在定滑輪上，處

9、于靜止狀態(tài)測量出_（填“A的上表面”、“A的下表面”或“擋光片中心”）到光電門中心的豎直距離h在B的下端掛上質量為m的物塊C，讓系統(tǒng)中的物體由靜止開始運動，光電門記錄擋光片擋光的時間為t測出擋光片的寬度d，計算有關物理量，驗證機械能守恒定律（2）如果系統(tǒng)（重物A、B以及物塊C）的機械能守恒，應滿足的關系式為_（已知重力加速度為g）（3）引起該實驗系統(tǒng)誤差的原因有_（寫一條即可）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）有一截面為正方形的玻璃柱體，邊長為d，其截面如圖所示，在AB面上方有一點光源S，從S發(fā)出的光線S

10、P以i=的入射角從AB面的中點射入，已知玻璃磚對該光的折射率n=，真空中的光速為c，求：（i）該光進入玻璃磚中的折射角；（ii）光從射入玻璃磚到第一次射出經過的時間。14（16分）如圖所示，在傾角為 = 37的固定長斜面上放置一質量M = 2 kg、長度L1 = 2.5 m的極薄平板 AB，平板的上表面光滑，其下端 B 與斜面底端C 的距離L2 = 16.5 m在平板的上端A 處放一質量m = 0.5 kg 的小滑塊（視為質點），將小滑塊和薄平板同時無初速釋放設薄平板與斜面之間、小滑塊與斜面之間的動摩擦因數均為 = 0.5，已知sin37 = 0.6，cos37 = 0.8，g 取 10 m/

11、s2，求：（1）小滑塊在平板上和在斜面上滑動時的加速度各為多大？（2）小滑塊滑到斜面底端C時，薄平板下端B距離小滑塊的距離L為多少？15（12分）如圖所示，在柱形容器中密閉有一定質量的氣體，一光滑絕熱活塞(質量不可忽略但厚度可忽略)將容器分為A、B兩部分離汽缸底部高為45cm處開有一小孔，與U形水銀管相連，容器頂端有一閥門K先將閥門打開與大氣相通外界大氣壓p0=75cmHg，室溫t0=300K，穩(wěn)定后U形管兩邊水銀面的高度差h=15cm，此時活塞離容器底部的高度L=50cm閉合閥門，僅使容器內A部分氣體的溫度降至240K，穩(wěn)定后U形管左右兩管水銀面相平不計U形管內氣體體積求：（1）U形管左、右

12、兩管水銀面相平時，活塞離容器底部的高度；（2）整個柱形容器的高度參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A根據開普勒第二定律知：在軌道上經過A點的速度小于經過B點的速度。故A錯誤。B衛(wèi)星由軌道變軌到軌道，軌道半徑減小，要做向心運動，在A點應減速，因此衛(wèi)星在軌道上經過A的速度小于在軌道上經過A點的速度。故B錯誤。C衛(wèi)星由軌道變軌到軌道，軌道半徑減小，要做向心運動，在A點應減速。根據能量守恒知，在軌道上的機械能小于在軌道上的機械能。故C錯誤。D由于軌道的半長軸小于軌道的軌道半徑，根據開普勒第三定律知，飛機在軌道上

13、運動的周期小于在軌道上運動的周期。故D正確。2、C【解析】由圖可知AB的長度為2cm，即0.02m，曝光時間為，所以AB段的平均速度的大小為由于曝光時間很短，此速度可認為是A點的瞬時速度，由自由落體的速度位移的關系式 v2=2gh可得所以C正確。故選C。3、B【解析】試題分析：運動過程包括兩個階段，均為勻加速直線運動第一個過程和第二個過程運動的位移相等，所以恒力做功相等為，高度相等重力做功相等為，設斜面傾角為，斜面長度為，則摩擦力做功為，而即斜面對應的水平位移，兩個過程 的水平位移相等，而也相等，所以摩擦力做功相等，整理可得合外力做功相等，根據動能定理，合外力做功等于動能變化量，所以動能變化量

14、相等即，選項AC錯前一個過程加速度先小后大，后一個過程加速度先大后小，做速度時間圖像如下，既要末速度相同，又要位移相同，即末速度相同，與時間軸圍成的面積相等，根據圖像可判斷，對照選項B對考點：動能定理 勻變速直線運動4、C【解析】試題分析：由動量守恒定律可得出粒子碰撞后的總動量不變，由洛侖茲力與向心力的關系可得出半徑表達式，可判斷出碰后的軌跡是否變化；再由周期變化可得出時間的變化帶電粒子和不帶電粒子相碰，遵守動量守恒，故總動量不變，總電量也保持不變，由，得：，P、q都不變，可知粒子碰撞前后的軌跡半徑r不變，故軌跡應為pa，因周期可知，因m增大，故粒子運動的周期增大，因所對應的弧線不變，圓心角不

15、變，故pa所用的時間將大于t，C正確；【點睛】帶電粒子在勻強磁場中運動時，洛倫茲力充當向心力，從而得出半徑公式，周期公式，運動時間公式，知道粒子在磁場中運動半徑和速度有關，運動周期和速度無關，畫軌跡，定圓心，找半徑，結合幾何知識分析解題，5、C【解析】由圖知，小球上升的位移 x=24m，用時 t1=2s，平均速度由得初速度 v0=24m/s故A錯誤上升時加速度大小為；由牛頓第二定律得：mg+f=ma1；解得空氣阻力的大小 f=2N；對于下落過程，由牛頓第二定律得 mg-f=ma2；解得 a2=8m/s2；則 a1：a2=3：2；根據位移公式x=at2，及上升和下落的位移大小相等，可知上升和下落

16、的時間之比為故B錯誤由上可得下落時間，小球落回到拋出點時速度為所受合力 F合=mg-f=8N，此時合力的功率為故C正確小球上升和下落兩個過程克服空氣阻力做功相等，由功能原理知，球上升過程的機械能損失等于下降過程的機械能損失故D錯誤故選C6、B【解析】初狀態(tài)時：重力的分力與摩擦力均沿著斜面向下，且都是恒力，所以物體先沿斜面勻加速直線運動，由牛頓第二定律得加速度：a1=gsin+gcosa恒定，斜率不變；當小木塊的速度與傳送帶速度相等時，由tan知道木塊將與帶以相同的速度勻速運動，圖象的斜率表示加速度，所以第二段的斜率為零A該圖與結論不相符，選項A錯誤；B該圖與結論相符，選項B正確；C該圖與結論不

17、相符，選項C錯誤；D該圖與結論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】由于汽車受到的牽引力不變，加速度不變，所以汽車在開始的階段做勻加速運動，當實際功率達到額定功率時，功率不能增加了，要想增加速度，就必須減小牽引力，當牽引力減小到等于阻力時，加速度等于零，速度達到最大值，所以BCD正確，【點睛】對于汽車的兩種啟動方式，恒定加速度啟動和恒定功率啟動本題屬于恒定加速度啟動方式，由于牽引力不變，根據p=Fv可知隨著汽車速度的增加，汽車的實際功率

18、在增加，此過程汽車做 勻加速運動，當實際功率達到額定功率時，功率不能增加了，要想增加速度，就必須減小牽引力，當牽引力減小到等于阻力時，加速度等于零，速度達到最大值8、BC【解析】AC、等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線，與無窮遠的電勢相等，a點電勢與b點電勢一樣高，A錯誤，C正確；B、根據電場線與等勢面垂直可知，a、b、c三點電場強度方向都與兩電荷連線平行，方向相同，根據電場強度矢量合成可知，a點場強比b點小，故B正確；D、a點場強方向向右，一帶電粒子（不計重力）在a點受電場力向左或向右，無初速釋放將向左或向右運動，不可能在a、b線上運動，D錯誤；E、正負電荷連線上的各點的場強c點場強最

19、小，E錯誤故選BC點睛：等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線，一直延伸到無窮遠處；a、b兩點場強方向相同；帶電粒子（不計重力），在a點無初速釋放，所受的電場力方向與ab連線垂直，不可能沿ab連線運動9、BD【解析】試題分析 本題考查電容器、帶電微粒在電場中的運動、牛頓運動定律、電勢能、動量定理及其相關的知識點解析 根據題述可知，微粒a向下加速運動，微粒b向上加速運動，根據a、b經過電容器兩極板間下半區(qū)域的同一水平面，可知a的加速度大小大于b的加速度大小，即aaab對微粒a，由牛頓第二定律， qE=maaa，對微粒b，由牛頓第二定律，qE =mbab，聯立解得： ，由此式可以得出a的質量比b

20、小，選項A錯誤；在a、b兩微粒運動過程中，a微粒所受合外力等于b微粒，a微粒的位移大于b微粒，根據動能定理，在t時刻，a的動能比b大，選項B正確；由于在t時刻兩微粒經過同一水平面，電勢相等，電荷量大小相等，符號相反，所以在t時刻，a和b的電勢能不等，選項C錯誤；由于a微粒受到的電場力（合外力）等于b微粒受到的電場力（合外力），根據動量定理，在t時刻，a微粒的動量等于b微粒，選項D正確點睛 若此題考慮微粒的重力，你還能夠得出a的質量比b小嗎？在t時刻力微粒的動量還相等嗎？在t時間內的運動過程中，微粒的電勢能變化相同嗎？ 10、ACD【解析】本題考查整體法和隔離法的理解與應用【詳解】將A、B視作一

21、個整體，對整體進行受力分析，如圖所示，因豎直桿光滑，故B環(huán)不受摩擦力，但B環(huán)要受到豎直桿的彈力，對整體列出平衡方程，豎直方向是有 ，即A受到的水平桿的支持力應該保持不變，另外整體在水平方向的平衡，有，AD在移動過程中，A往右移動的距離應為，A往右移動過程中滑動摩擦力，可得整個過程A所受的滑動摩擦力保持不變，則系統(tǒng)增加的內能為，故A正確；B將B隔離分析，受力分析如下圖豎直方向是有，水平方向是有，從37增大至53，可得逐漸增大，而整個過程中A所受的滑動摩擦力保持不變，由知，拉力F應該逐漸增大，故B錯誤；C由幾何關系知B上升的距離為，則B物體增加的重力勢能為，故C正確；綜上所述，本題正確答案為ACD

22、。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 【解析】(1)由電路圖的連接可得出的實物圖的連接方式，如圖所示；(2)由電路圖可知，電壓表測量了與兩端的電壓，電壓表測了滑動變阻器兩端的電壓，則兩端的電壓，由歐姆定律可知，；(3)由閉合電路歐姆定律可知，變形得，則有，解得【點睛】本題考查測量電動勢和內電阻的實驗方法，關鍵在明確根據閉合電路歐姆定律得出對應的表達式，再分析圖象的意義，求得電動勢和內電阻12、 擋光片中心 繩子有一定的質量、滑輪與繩子之間有摩擦、重物運動受到空氣阻力等【解析】（1、1）需要測量系統(tǒng)重力勢能的變化量，則應該測量出擋光片中

23、心到光電門中心的距離，系統(tǒng)的末速度為： ，則系統(tǒng)重力勢能的減小量Ep=mgh，系統(tǒng)動能的增加量為：Ek (1M+m)v1 (1M+m)( )1，若系統(tǒng)機械能守恒，則有：mgh= (1M+m)( )1（3）系統(tǒng)機械能守恒的條件是只有重力做功，引起實驗誤差的原因可能有：繩子有一定的質量、滑輪與繩子之間有摩擦、重物運動受到空氣阻力等四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（i）（ii）【解析】(1)由折射定律有代入數據解得 所以(2)光從P點進入玻璃磚發(fā)生折射后，射到AD面上的M點發(fā)生全反射，最后從CD邊的N點射出，光路圖如

24、圖由幾何知識可得 光在玻璃磚中的傳播速度為在玻璃磚中傳播時間為14、（1）2 m/s2（2）10m【解析】（1）小滑塊在平板AB上運動時mgsin37=ma1得a1=6m/s2 小滑塊在斜面上運動時mgsin37-mgcos37=ma2得a2=2 m/s2（2）小滑塊在平板AB上運動時，設平板AB的加速度為a3，則Mgsin37（Mg+mg）cos37=Ma3解得a3=1 m/s2 設滑塊離開平板時平板下滑的距離為x，所用時間為t1x= L1+x=解得x=0.5m，t1=1s 滑塊滑離平板后，平板運動的加速度為a4，由Mgsin37Mgcos37Ma4， 解得a4=a2=2 m/s2 滑塊滑離平板時的速度為v1，則v1=a1t1=6 m/s此時木板的速度為v2，則v2=a3t1=1 m/s設滑塊離開平板后滑到斜面底端C所用的時間為t由L2-x=v1t+解得t=2 s 在這段時間平板下滑的距離x1=v2t+=6m則平板下端距離小滑塊的距離L =L2-x-x1=10m 15、（1）48cm（2）58cm【解析】A部分氣體，由理想氣體的狀態(tài)方程列式可求解活塞離容器底部的高度；B部分氣體做等溫變化，根據玻意耳定律求解整個柱形容器的高度.【詳解】對A部分氣體，由理想氣體的狀態(tài)方程可知： 解得lA=48cmB部分氣體做等溫變化，則有： 解得lB=8cm則整個柱形容器的高度為58cm.