《2022-2023學年山西省長治市屯留縣一中物理高三第一學期期中統(tǒng)考試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2022-2023學年山西省長治市屯留縣一中物理高三第一學期期中統(tǒng)考試題（含解析）.doc（15頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和

2、答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，小球沿水平面通過O點進入半徑為R的半圓弧軌道后恰能通過最高點P，然后落回水平面，不計一切阻力，下列說法正確的是() A小球落地點離O點的水平距離為RB小球落地點離O點的水平距離為2RC小球運動到半圓弧最高點P時向心力恰好為零D若將半圓弧軌道上部的1/4圓截去，其他條件不變，則小球能達到的最大高度比P點低2、一物體以初速度v由地面豎直向上拋出如果物體運動時受到空氣阻力大小不變，圖中能基本反映出它的速度變化和時間關系的是（ ）ABCD3、下列說法中正確的是 （ ）A

3、沖量的方向一定和動量的方向相同B動量變化量的方向一定和動量的方向相同C物體的末動量方向一定和它所受合外力的沖量方向相同D沖量是物體動量變化的原因4、如圖所示，甲、乙兩個高度相同的固定斜面，傾角分別為和，且。質(zhì)量為的物體（可視為質(zhì)點）分別從這兩個斜面的頂端由靜止沿斜面滑到底端，物體與這兩個斜面的動摩擦因數(shù)均為。關于物體兩次下滑的全過程，下列說法中正確的是（）A重力所做的功相同B重力的平均功率相同C動能的變化量相同D機械能的變化量相同5、如圖所示，長為L的均勻鏈條放在光滑水平桌面上，且使長度的垂在桌邊，松手后鏈條從靜止開始沿桌邊下滑，則鏈條滑至剛剛離開桌邊時的速度大小為( )ABCD6、宇航員乘坐

4、航天飛船，在幾乎貼著月球表面的圓軌道繞月運行，運動的周期為T再次變軌登上月球后，宇航員在月球表面做了一個實驗：將一個鉛球以速度v0豎直向上拋出，經(jīng)時間t落回拋出點已知引力常量為G，則下列說法不正確的是A月球的質(zhì)量為B月球的半徑為C月球的密度為D在月球表面發(fā)射月球衛(wèi)星的最小速度為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在光滑水平面上，一質(zhì)量為M，速度大小為v的P球與質(zhì)量為3M靜止的Q球碰撞后，P球的速度方向與碰撞前相反則碰撞后Q球的速度大小可能是（）A0.62v B0.45

5、 v C0.31 v D0.38 v8、入冬以來,霧霾天氣頻發(fā),發(fā)生交通事故的概率比平常高出許多,保證霧霾中行車安全顯得尤為重要;在霧天的平直公路上,甲、乙兩汽車同向勻速行駛,乙在前,甲在后.某時刻兩車司機聽到警笛提示,同時開始剎車,結(jié)果兩車剛好沒有發(fā)生碰撞.圖示為兩車剎車后勻減速運動的v-t 圖象,以下分析正確的是( ) A甲剎車的加速度的大小為0.5m/s2B兩車剎車后間距一直在減小C兩車開始剎車時的距離為100mD兩車都停下來后相距12.5m9、把小球放在豎立的彈簧上，并把球往下按至位置，如圖甲所示迅速松手后，球升高至最高位置（圖丙），途中經(jīng)過位置時彈簧正處于原長（圖乙）忽略彈簧的質(zhì)量和

6、空氣阻力則小球從運動到的過程中，下列說法正確的是（ ） A小球的速度先增大后減小 B小球的加速度一直減小C小球的機械能一直增大 D小球一直處于失重狀態(tài)10、法籍意大利數(shù)學家拉格朗日在論文三體問題中指出：兩個質(zhì)相差懸殊的天體（如太陽和地球）所在同一平面有個特殊點，如圖中的所示，若飛行器位于這些點上，會在太陽與地球引力共同作用下，可以幾乎不消耗燃料而保持與地球同步繞太陽做圓周運動，人們稱之為拉格朗日點.若發(fā)射一顆衛(wèi)星定位于拉格朗日點，下列說法正確的是（ ）A該衛(wèi)星繞太陽運動的周期和地球自轉(zhuǎn)周期相等B該衛(wèi)星在點處于平衡狀態(tài)C該衛(wèi)星繞太陽運動的向心加速度大于地球繞太陽運動的向心加速度D該衛(wèi)星在處所受太

7、陽和地球引力的合力比在處大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩的結(jié)點，OB和OC為細繩，圖乙是在白紙上根據(jù)實驗結(jié)果畫出的圖： (1)如果沒有操作失誤，圖乙中的與兩力中，方向一定沿AO方向的是_；(2)本實驗采用的科學方法是_；A理想實驗法 B等效替代法 C控制變量法 D建立物理模型法(3)實驗時，主要的步驟是：A 在桌上放一塊方木板，在方木板上鋪一張白紙，用圖釘把白紙釘在方木板上；B用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的點，在橡皮條的另一端

8、拴上兩條細繩，細繩的另一端系著繩套；C用兩個彈簧測力計分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，結(jié)點到達某一位置，記錄下點的位置，讀出兩個彈簧測力計的示數(shù)；D按選好的標度，用鉛筆和刻度尺作出兩只彈簧測力計的拉力和的圖示，并用平行四邊形定則求出合力F；E. 只用一只彈簧測力計，通過細繩套拉橡皮條使其伸長，讀出彈簧測力計的示數(shù)，記下細繩的方向，按同一標度作出這個力的圖示；F. 比較和的大小和方向，看它們是否相同，得出結(jié)論。上述步驟中，有重要遺漏的步驟的序號是_和_；遺漏的內(nèi)容分別是_和_。12（12分）在“探究加速度與力、質(zhì)量的關系”的實驗中，采用下圖所示的裝置（1）本實驗應用的實驗方法是

9、_A控制變量法 B假設法C理想實驗法 D等效替代法（2）下列說法中正確的是 _ A平衡摩擦力時，應將盤及盤中的砝碼用細繩通過定滑輪系在小車上B每次改變小車的質(zhì)量時，不需要重新平衡摩擦力C實驗時，先放開小車，再接通打點計時器電源D小車運動的加速度可用天平測出砝碼質(zhì)量m以及小車質(zhì)量M，直接用公式amgM求出（3）該同學在實驗中保持拉力不變，得到了小車加速度a隨質(zhì)量M變化的一組數(shù)據(jù)，為了能直觀反映出加速度與質(zhì)量關系，最好作a=_ （選填“M”或“”）的圖像。 （4）在“探究加速度與力的關系”時，保持小車的質(zhì)量不變，改變小桶中砝碼的質(zhì)量，該同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出了加速度a與合力F圖線如圖所示，該圖線不通

10、過坐標原點的原因：_圖線中斜率的倒數(shù)的物理含義是 _。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一根長為l的絲線吊著一質(zhì)量為m，帶電荷量為q的小球靜止在水平向右的勻強電場中，如圖所示，絲線與豎直方向成37角，現(xiàn)突然將該電場方向變?yōu)橄蛳虑掖笮〔蛔儯豢紤]因電場的改變而帶來的其他影響（重力加速度為g），求：（1）勻強電場的電場強度的大小；（2）小球經(jīng)過最低點時受到的拉力大小14（16分）如圖所示，細繩一端系著質(zhì)量m=11 kg的小物塊A，置于光滑水平臺面上;另一端通過光滑小孔O與質(zhì)量M=15 kg的物體B相連，B靜止

11、于水平地面上當A以O為圓心做半徑r=12m的勻速圓周運動時，地面對B的支持力FN=21N，求物塊A的速度和角速度的大小(g=11m/s2)15（12分）如圖所示，傾角為30的光滑斜面固定在水平地面上，質(zhì)量均為m的物塊A和物塊B并排在斜面上，斜面底端固定著與斜面垂直的擋板P，輕彈簧一端固定在擋板上，另一端與物塊A連接，A、B處于靜止狀態(tài)，若A、B粘連在一起，用一沿斜面向上的力FT緩慢拉物塊B，當拉力FT=時，A的位移為L；若A、B不粘連，用一沿斜面向上的恒力F作用在B上，當物塊A的位移為L時，A、B恰好分離，重力加速度為g，不計空氣阻力求：（1）彈簧的勁度系數(shù)和恒力F的大??；（2）請推導FT與物

12、塊A的位移l之間的函數(shù)關系并畫出FTl圖象，計算A緩慢移動L的過程中FT做功的大??；（3）當A、B不粘連時，恒力，作用在物塊B上，A、B剛分離時速度的大小.參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】ABC小球恰好通過最高點P，在P點，由重力恰好提供向心力，向心力不為零，則有： 解得：小球離開最高點后做平拋運動，則有：解得小球落地點離O點的水平距離為：故AC錯誤，B正確；D若將半圓弧軌道上部的1/4圓弧截去，小球到達最高點時的速度為零，從O到最高點的過程，由能量關系得：解得：所以小球能達到的最大高度比P點高1.5

13、R-R=0.5R，故D錯誤2、B【解析】設物體運動時受到空氣阻力大小為f，物體的質(zhì)量為m，根據(jù)牛頓第二定律得：上升過程：mg+f=ma1，得到加速度大小為a1=g+；下落過程：mg-f=ma1，得到加速度大小為a1=g-；則有a1a1可見，上升過程速度圖象的斜率大于下落過程圖象的斜率，而上升與下落過程速度方向相反，速度的正負相反故B圖象正確故選B點睛：本題是有空氣阻力的豎直上拋，上升與下落過程不具有對稱性若是沒有空氣阻力，則選A3、D【解析】解：A、沖量的方向和動量的方向不一定相同，比如平拋運動，沖量方向豎直向下，動量方向是軌跡的切線方向故A錯誤B、動量增量的方向與合力的沖量方向相同，與動量的

14、方向不一定相同，比如勻減速直線運動，動量增量的方向和動量的方向相反故B錯誤C、物體的末動量方向不一定和它所受合外力的沖量方向相同故C錯誤D、根據(jù)動量定理可知，沖量是物體的動量變化的原因故D正確故選D4、A【解析】A重力做功只與始末位置有關，兩種軌道上滑下，物體下滑的距離相等，故重力做功相同，A正確；B物體沿斜面下滑時由牛頓第二定律有可得物體下滑時的加速度因為，所以物體下滑時的加速度，物體下滑高度相同，可知，沿傾角下滑的距離大于沿傾角下滑的距離，結(jié)合，可知，沿傾角下滑的時間大于沿傾角下滑的時間，又因為重力做功相等，故重力做功的平均功率不等，B錯誤；C由B分析知，沿斜面下滑時的摩擦力沿傾角的摩擦力

15、大于沿斜角下滑時的摩擦力，而沿傾角下滑的距離大，故克服摩擦力做功大于沿傾角下滑時克服摩擦力做的功，根據(jù)動能定理可知，沿傾角下滑時物體獲得的動能大，C錯誤；D由C分析知，兩種情況下摩擦力做的功不同，故機械能的變化量不等，D錯誤。故選A。5、C【解析】鏈條在重力作用而向下滑動，只有重力做功，其機械能守恒；可設桌面為零勢能面，列出機械能守恒方程可得出鏈條的速度【詳解】設桌面為零勢能面，鏈條的總質(zhì)量為m開始時鏈條的機械能為：E1= 當鏈條剛脫離桌面時的機械能：E2= 由機械能守恒可得：E1=E2即： 解得： 故應選：C【點睛】零勢能面的選取是任意的，本題也可以選鏈條滑至剛剛離開桌邊時鏈條的中心為零勢能

16、面，結(jié)果是一樣的，要注意重力勢能的正負；抓住機械能守恒時，鏈條動能的變化取決于重力勢能的變化量6、D【解析】AB鉛球以速度v0豎直向上拋出，經(jīng)時間t落回拋出點可求得月球重力加速度，根據(jù)：，又因為：，聯(lián)立解得：，AB正確C密度，聯(lián)立解得，C正確D根據(jù)萬有引力提供向心力，聯(lián)立解得：，D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】PQ兩球在水平方向上合外力為零，P球和Q球碰撞的過程中動量守恒，設PQ兩球碰撞后的速度分別為V1、V2，選P原來的運動方向為正方向，由動量

17、守恒定律有： mv=-mv1+3mv2假設碰后A球靜止，即v1=0，可得：v2= 由題意知球A被反彈，所以球B的速度：v2PQ兩球碰撞過程能量可能有損失，由能量關系有：由兩式聯(lián)立得：由兩式可得：故應選：BD。8、CD【解析】甲車的加速度，加速度大小為1m/s1故A錯誤。在0-10s內(nèi)，甲的速度大于乙的速度，甲在乙的后面，兩者間距減小。10s后，甲的速度小于乙的速度，兩者距離增大，故B錯誤。乙車的加速度，兩車剛好沒有發(fā)生碰撞，此時兩車速度相等，所經(jīng)歷的時間為10s，此時甲車的位移 x甲=v甲t+a甲t1=1510-1400m=300m，乙車的位移x乙=v乙t+a乙t1=1510-0.5400m=

18、100m，所以兩車開始剎車時的距離為 S=x甲-x乙=100m，故C正確。10s時，甲乙的速度都為v=v甲+a1t=15-10=5m/s，根據(jù)圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可知，兩車都停下來后相距x=（30-15）5=11.5m，故D正確。故選CD。9、AC【解析】A到B的過程中，開始，小球要先加速運動；之后，小球?qū)p速運動，當加速度為零，即彈力與重力大小相等的位置時，速度最大，故A正確；加速度先變小后變大，故B錯誤；此過程中彈力一直做正功，則小球的機械能一直增大，故C正確；小球加速度先向上后向下，則先超重后失重，故D錯誤故選AC點睛：小球與彈簧相互作用的問題，關鍵要根據(jù)小球的受力情況來分析小

19、球的運動情況，要抓住彈簧的彈力隨壓縮量增大而增大的，注意小球的機械能不守恒，系統(tǒng)機械能守恒10、CD【解析】據(jù)題意知，衛(wèi)星與地球同步繞太陽做圓周運動，則公轉(zhuǎn)周期相同，故A錯誤；衛(wèi)星所受的合力為地球和太陽對它引力的合力，這兩個引力方向相同，合力不為零，處于非平衡狀態(tài)，故B錯誤；由于衛(wèi)星與地球繞太陽做圓周運動的周期相同，衛(wèi)星的軌道半徑大，根據(jù)公式可知，衛(wèi)星繞太陽運動的向心加速度大于地球繞太陽運動的向心加速度，故C正確；衛(wèi)星在或所處所受太陽和地球引力的合力提供做圓周運動的向心力，即，衛(wèi)星在處的軌道半徑比在處大，所以合力比在處大，所以合力比在處大，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫

20、在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 B C E C中應加上“記下兩條細繩的方向” E中應說明“把橡皮條的結(jié)點拉到同一位置” 【解析】(1)由一個彈簧測力計拉橡皮條至點的拉力一定沿方向；而根據(jù)平行四邊形定則作出的合力，由于誤差的存在，不一定沿方向，故一定沿方向的是。(2)一個力的作用效果與兩個力的作用效果相同，它們的作用效果可以等效替代，故B正確。(3)根據(jù)“驗證力的平行四邊形定則”實驗的操作規(guī)程可知，有重要遺漏的步驟的序號是C、E。在C中未記下兩條細繩的方向，E中未說明是否把橡皮條的結(jié)點拉到同一位置。12、（1）A； （2）B； （3）1/M； （4）平衡摩擦力過度； 小車的質(zhì)

21、量 【解析】（1）加速度與物體質(zhì)量、物體受到的合力有關，在探究加速度與物體質(zhì)量、受力關系的實驗中，應該使用控制變量法。（2）當盤及盤中砝碼的總質(zhì)量遠小于小車及砝碼總質(zhì)量時，可以認為小車受到的拉力等于盤及砝碼的重力。平衡摩擦力時，不能掛盤；實驗過程中，應保證繩和紙帶與木板平行；小車的加速度應由紙帶求出。（3）根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度和質(zhì)量成反比，故應該做a-1/M圖象；（4）實驗時應平衡摩擦力，沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，a-F圖象在F軸上有截距；平衡摩擦力過度，在a-F圖象的a軸上有截距?！驹斀狻浚?）該實驗是探究加速度與力、質(zhì)量的三者關系，研究三者關系必須運用控制變量法，故選A。（2

22、）平衡摩擦力時，不能將及盤中的砝碼用細繩通過定滑輪系在小車上。故A錯誤。改變小車質(zhì)量時，不需要重新平衡摩擦力。故B正確。實驗時，先接通電源，再釋放小車。故C錯誤。小車運動的加速度通過紙帶求出，不能通過a=mg/M求出。故D錯誤。故選B。（3）在合外力保持不變時，物體的加速度與物體的質(zhì)量成反比，故作出加速度與小車質(zhì)量倒數(shù)的關系圖象，即a-1/M圖像；（4）當F=1時，a1也就是說當繩子上沒有拉力時小車就有加速度，該同學實驗操作中平衡摩擦力過大，即傾角過大；由a=F/M可知圖線中斜率的倒數(shù)的物理含義是小車的質(zhì)量。【點睛】本題第（1）（2）問關鍵明確實驗原理和實驗誤差的來源；第（3）問關鍵明確用圖像

23、法處理數(shù)據(jù)時，要作直線，直線較為形象直觀。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】（1）以小球為研究對象，分析受力情況：重力mg、電場力qE、絲線的拉力FT，電場力方向必定水平向右，與電場強度方向相同，所以小球帶正電荷如圖1所示由平衡條件得：mgtan37=qE故（2）當電場方向變?yōu)橄蛳潞?，小球受到的電場力豎直向下，向下做圓周運動，重力和電場力都做正功，由動能定理得解得 小球經(jīng)過最低點時，由重力、電場力和絲線的拉力的合力提供了向心力，如圖2所示根據(jù)牛頓第二定律得解得 14、（1）2m/s （2）11

24、rad/s【解析】處于靜止狀態(tài)，根據(jù)受力平衡有：則拉力提供做圓周運動所需的向心力：解得：角速度：【點睛】解決本題的關鍵知道拉力提供A做圓周運動的向心力，根據(jù)對B受力平衡可得出拉力的大小15、（1）；（2）如圖所示，（3）【解析】（1）設彈簧的勁度系數(shù)為k，初始A、B靜止，彈簧的壓縮量為x，根據(jù)平衡條件可得當A、B緩慢移動L時，沿斜面方向根據(jù)平衡條件可得聯(lián)立解得當A、B恰好分離時二者之間的彈力為零，對A，應用牛頓第二定律可得對B應用牛頓第二定律可得聯(lián)立解得（2）當A的位移為時，根據(jù)平衡條件有：聯(lián)立可知畫出圖像如圖所示，A緩慢移動位移L，圖像與坐標軸所圍成的面積等于做功大小，即（3）設A通過的位移為L的過程中彈力做功的大小為W，分別對兩個過程應用動能定理可得：又，聯(lián)立解得