《云南省玉溪市第二中學2022-2023學年物理高三第一學期期中綜合測試試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《云南省玉溪市第二中學2022-2023學年物理高三第一學期期中綜合測試試題（含解析）.doc（17頁珍藏版）》請在匯文網上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，光滑水平面上有A、B兩輛小車，質量均為m1kg，現將小球C用長為0.2 m

2、的細線懸于輕質支架頂端，mC0.5kg。開始時A車與C球以v04m/s的速度沖向靜止的B車。若兩車正碰后粘在一起，不計空氣阻力，重力加速度g取10 m/s2，則（）AA車與B車碰撞瞬間，兩車動量守恒，機械能也守恒B從兩車粘在一起到小球擺到最高點的過程中，A、B、C組成的系統(tǒng)動量守恒C小球能上升的最大高度為0.16 mD小球能上升的最大高度為0.12 m2、質量為的木箱置于水平地面上，它與地面間動摩擦因數，受到一個與水平方向成角斜向上的拉力，為使木箱做勻速直線運動，拉力的最小值以及此時分別是（ ）A；B；C；D；3、超市里磁力防盜扣的內部結構及原理如圖所示，在錐形金屬筒內放置四顆小鐵珠（其余兩顆

3、未畫出），工作時彈簧通過鐵環(huán)將小鐵珠擠壓于金屬筒的底部，同時，小鐵珠陷于釘柱上的凹槽里，鎖死防盜扣當用強磁場吸引防資扣的頂部時，鐵環(huán)和小鐵珠向上移動，防盜扣松開，已知錐形金屬筒底部的圓錐頂角剛好是90，彈簧通過鐵環(huán)施加給每個小鐵珠豎直向下的力F，小鐵珠鎖死防盜扣，每個小鐵珠對釘柱產生的側向壓力為（不計摩擦以及小鐵珠的重力）AFBFCFDF4、如圖所示，在光滑絕緣水平面上，兩個帶等量正電的點電荷M、N，分別固定在A、B兩點，O為AB連線的中點，CD為AB的垂直平分線上關于AB連線對稱的兩點，在CO之間的F點由靜止釋放一個帶負電的小球P（設不改變原來的電場分布），在以后的一段時間內，P在CD連線上

4、做往復運動，則（ ）A.A、B兩點電荷產生的電場在中垂線上合場強從C至D一定先減小后增大B小球P的帶電量緩慢減小，則它往復運動過程中每次經過O點時的速率不斷增大C點電荷M、N的帶電量同時等量地緩慢增大，則小球P往復運動過程中周期不斷減小D點電荷M、N的帶電量同時等量地緩慢增大，C、D兩點的電勢差UCD不斷變大5、如圖所示，用一輕繩將光滑小球P系于豎直墻壁上的O點，在墻壁和球P之間夾有一矩形物塊Q，P、Q均處于靜止狀態(tài)，現有一鉛筆緊貼墻壁從O點開始緩慢下移，則在鉛筆緩慢下移的過程中（ ）A細繩的拉力逐漸變小BQ將從墻壁和小球之間滑落CQ受到墻壁的摩擦力逐漸變大DQ受到墻壁的彈力逐漸變大6、伽利略

5、對“運動和力的關系”和“自由落體運動”的研究，開創(chuàng)了科學實驗和邏輯推理相結合的重要科學研究方法圖1、圖2分別表示這兩項研究中實驗和邏輯推理的過程，對這兩項研究，下列說法正確的是（ ）A圖1中完全沒有摩擦阻力的斜面是實際存在的，實驗可實際完成B圖1的實驗為“理想實驗”，通過邏輯推理得出物體的運動需要力來維持C圖2通過對自由落體運動的研究，合理外推得出小球在斜面上做勻變速運動D圖2中先在傾角較小的斜面上進行實驗，可“沖淡”重力，使時間測量更容易二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0

6、分。7、2016年8月16日1時40分，我國在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用長征二號運載火箭成功將世界首顆量子科學實驗衛(wèi)星“墨子號”發(fā)射升空，將在世界上首次實現衛(wèi)星和地面之間的量子通信量子科學實驗衛(wèi)星“墨子號”由火箭發(fā)射至高度為500km的預定圓形軌道此前，6月在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射了第二十三顆北斗導航衛(wèi)星G1G1屬地球靜止軌道衛(wèi)星（高度為36000km），它將使北斗系統(tǒng)的可靠性進一步提高關于衛(wèi)星以下說法中正確的是（）A這兩顆衛(wèi)星的運行速度可能大于1.9km/sB量子科學實驗衛(wèi)星“墨子號”的向心加速度比北斗G1大C量子科學實驗衛(wèi)星“墨子號”的周期比北斗G1小D通過地面控制可以將北斗G1定點于廣州市的正

7、上方8、雙星系統(tǒng)中兩個星球A、B的質量都是m，相距L，它們正圍繞兩者連線上某一點做勻速圓周運動。實際觀測該系統(tǒng)的周期T要小于按照力學理論計算出的周期理論值T0，且k(k1)，于是有人猜測這可能是受到了一顆未發(fā)現的星球C的影響，并認為C位于A、B的連線正中間，相對A、B靜止，則下列說法正確的是( )AA、B組成的雙星系統(tǒng)周期理論值BA、B組成的雙星系統(tǒng)周期理論值CC星的質量為DC星的質量為9、質量為M的半球形物體A和質量為m的球形物體B緊靠著放在傾角為的固定斜面上,并處于靜止狀態(tài),如圖所示,忽略B球表面的摩擦力,則關于物體受力情況的判斷正確的是()A物體A對物體B的彈力方向沿斜面向上B物體A受到

8、4個力的作用C物體B對斜面的壓力等于D物體B對物體A的壓力大于10、如圖，在光滑水平面上，放著兩塊長度相同，質量分別為M1和M2的木板，在兩木板的左端各放一個大小、 形狀、質量完全相同的物塊。開始時，各物均靜止，今在兩物體上各作用一水平恒力F1、F2，當物塊和木板分離時，兩木板的速度分別為v1和v2，物體和木板間的動摩擦因數相同，下列說法正確的是（ ）A若F1=F2，M1M2，則v1v2B若F1F2，M1M2，則v1F2，M1=M2，則v1v2D若F1v2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學做“探究求合力的方法”實驗，所用器

9、材有：木板、白紙、圖釘、橡皮筋、細繩套和兩個彈簧測力計，實驗裝置如圖（1）該同學按下列步驟操作：在水平桌面上放一塊方木板，在方木板上鋪一張白紙，用圖釘把白紙釘在方木板上；用圖釘把橡皮條的一端固定在木板上的A點，在橡皮條的另一端系上兩條細繩，細繩的另一端系著繩套；用兩個彈簧測力計分別鉤住繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，橡皮條與細繩的結點到達某一位置O，記下O點的位置及兩個彈簧測力計的示數F1和F2;按選好的標度，分別作出F1和F2的圖示，并用平行四邊形定則求出合力F；只用一個彈簧測力計，通過細繩套拉橡皮條使其伸長，讀出彈簧測力計的示數，記下的方向，按統(tǒng)一標度做出這個力的圖示；比較和F的大

10、小和方向，得出結論。在上述步驟中：步驟遺漏的重要操作是_。步驟遺漏的重要操作是_。（2）根據實驗數據畫出力的圖示，如圖所示，圖上標出了F1、 F2、F、四個力，其中_（填上述字母）不是由彈簧測力計直接測得的，F與兩力中，方向一定沿AO方向的是_。（3）實驗中用M、N兩個測力計通過細線拉橡皮條的結點，使其到達O點，此時，然后保持M的示數不變，而使減小，為保持結點位置不變，可采用的辦法是_A減小N的示數同時減小角B減小N的示數同時增大角C增大N的示數同時增大角D增大N的示數同時減小角12（12分）某實驗興趣小組的同學利用如圖所示的裝置完成了“探究動能定理”的實驗，該小組的同學組裝好實驗器材后，進行

11、了如下的操作：a在砂桶里裝上一定質量的細砂，緩緩地調節(jié)長木板的傾角，輕推滑塊，使滑塊沿長木板勻速下滑；b去掉細線和砂桶，保持長木板的傾角不變，接通電源，將滑塊由光電門1上方釋放，記錄滑塊經過兩光電門時的擋光時間、；c測出砂和砂桶的總質量m、滑塊和遮光條的總質量M；d改變砂桶中細砂的質量，重復a、b、c。(1)長木板表面的粗糙程度對該實驗_（填“有”或“無”）影響；去掉細線和砂桶后，滑塊的合力應為_（用以上的物理量表示），重力加速度g已知。(2)為了寫出探究動能定理的關系式，除了上述物理量外，請分析還需要測量的物理量有_。A長木板的傾角B遮光條的寬度dC光電門2到長木板頂端之間的距離LD兩光電門

12、之間的距離s(3)由以上的分析可知，動能定理的關系式應為_（用以上的物理量表示）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，半徑R1.6 m的光滑半圓形軌道固定于豎直平面內，下端與傳送帶相切于B點，水平傳送帶上A、B兩端點間距L16 m，傳送帶以v010 m/s的速度順時針運動，將質量m1 kg的小滑塊(可視為質點) 放到傳送帶上，滑塊與傳送帶間的動摩擦因數0.4，取g10 m/s2.(1)將滑塊在傳送帶A端由靜止釋放，求滑塊由釋放到第一次經過B端的過程中：所需時間；因放上滑塊，電機對傳送帶多做的功；(

13、2)若滑塊仍由靜止釋放，要想滑塊能通過圓軌道的最高點C，求滑塊在傳送帶上釋放的位置范圍。14（16分）如圖所示，木塊m3靜止在高h=145 m的水平桌面的最右端，木塊m1靜止在距m3 左側s1=335 m處現木塊m1在水平拉力F作用下由靜止開始沿水平桌面向右運動，與 m3碰前瞬間撤去F，m1和m3發(fā)生彈性正碰碰后m3落在水平地面上，落點距桌面右端水平 距離s=l3 m已知m1=13 kg，m3 =13 kg，m1與桌面的動摩擦因素為13（兩個木塊都可以視為質點，g=11 ms3）求：（1）碰后瞬間m3的速度是多少？（3）m1碰撞前后的速度分別是多少？（3）水平拉力F的大小？15（12分）如圖，

14、與水平面夾角37的斜面和半徑R=0.4m的光滑圓軌道相切于B點，且固定于豎直平面內滑塊從斜面上的A點由靜止釋放，經B點后沿圓軌道運動，通過最高點C時軌道對滑塊的彈力為零已知滑塊與斜面間動摩擦因數=0.1（g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）滑塊在C點的速度大小vC；（2）滑塊在B點的速度大小vB；（3）A、B兩點間的高度差h參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A車碰撞后粘在一起，屬于典型的非彈性碰撞，有機械能損失，故A錯誤；B從兩車粘在一起到小球擺到最高點的過程中，在豎直方

15、向上A、B、C組成的系統(tǒng)所受合外力不為零，則系統(tǒng)動量不守恒，故B錯誤；CDA、B兩車碰撞過程，動量守恒，設兩車剛粘在一起時共同速度為v1，有解得從小球開始上擺到小球擺到最高點的過程中，A、B、C組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，設小球上升到最高點時三者共同速度為v2，有解得從兩車粘在一起到小球擺到最高點的過程中，A、B、C組成的系統(tǒng)機械能守恒，即解得故C正確，D錯誤。故選C。2、A【解析】在拉力作用下木箱重力、拉力、地面的支持力和滑動摩擦力作用，根據平衡條件得又聯(lián)立解得其中，由數學知識知：當，即時有最小值，且最小值為故選A。3、C【解析】以一個鐵珠為研究對象，將力F按照作用效果分解如圖所示：由幾

16、何關系可得小鐵球對釘柱產生的側向壓力為： 故選C4、C【解析】本題考查等量同種電荷的電場線分布規(guī)律?！驹斀狻緼.等量同種點電荷中垂線上的場強從中點向兩側先增大后減小，故A錯誤；B.若小球P的帶電量緩慢減小，它在電場中某點的電場力在不斷地減小，由平衡位置向最大位移運動時，動能向電勢能轉化時，克服電場力做功需要經過更長的距離，所以它往復運動過程中的在振幅不斷增大，由最大位移返回平衡位置時，電場力做的功在不斷地減小，它往復運動過程中每次經過O點時的速率不斷減小，故B正確；C.若M、N的帶電荷量等量緩慢增大，則小球P所受電場力產生的加速度在同一位置時將更大，速度變化將更快，即周期將變小，故C正確；D.

17、雖然點電荷M、N的帶電量同時等量地緩慢增大，但C、D兩點的電勢總是相等的，則C、D兩點的電勢差始終為零，故D錯誤。故選C。5、D【解析】試題分析：對P分析，P受到重力、拉力和Q對P的彈力處于平衡，設拉力與豎直方向的夾角為，根據共點力平衡有：拉力，Q對P的支持力鉛筆緩慢下移的過程中，增大，則拉力F增大，Q對P的支持力增大；對Q分析知，在水平方向上P對Q的壓力增大，則墻壁對Q的彈力增大，在豎直方向上重力與摩擦力相等，所以Q受到的摩擦力不變，Q不會從墻壁和小球之間滑落，故D正確考點：考查了共點力平衡條件的應用【名師點睛】在處理共點力平衡問題時，關鍵是對物體進行受力分析，然后根據正交分解法將各個力分解

18、成兩個方向上的力，然后列式求解，如果物體受到三力處于平衡狀態(tài)，則可根據矢量三角形法，將三個力移動到一個三角形中，然后根據角度列式求解6、D【解析】A. 完全沒有摩擦阻力的斜面是實際不存在的，故實驗不可能實際完成，故A錯誤；B. 圖2的實驗為“理想實驗”，通過邏輯推理得出物體的運動不需要力來維持，故B錯誤；CD. 伽利略設想物體下落的速度與時間成正比，因為當時無法測量物體的瞬時速度，所以伽利略通過數學推導證明如果速度與時間成正比，那么位移與時間的平方成正比；由于當時用滴水法計算，無法記錄自由落體的較短時間，伽利略設計了讓銅球沿阻力很小的斜面滾下，來“沖淡”重力得作用效果，而小球在斜面上運動的加速

19、度要比它豎直下落的加速度小得多，所用時間長的多，所以容易測量伽利略做了上百次實驗，并通過抽象思維在實驗結果上做了合理外推故C錯誤，D正確；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】是繞地球表面運動的速度，是衛(wèi)星的最大環(huán)繞速度，則這兩顆衛(wèi)星的速度都小于，A錯誤；根據，得，軌道半徑小的量子科學實驗衛(wèi)星“墨子號”的向心加速度比北斗G1大，B正確；根據，得，半徑越大，周期越大，則半徑小的量子科學實驗衛(wèi)星“墨子號”的周期比北斗G1小C正確；同位衛(wèi)星的軌道只能在赤道的上方，

20、D錯誤8、BD【解析】兩星球的角速度相同，根據萬有引力充當向心力，則有：可得：兩星球繞連線的中點轉動，則有：所以：由于C的存在，雙星的向心力由兩個力的合力提供，則：又：k聯(lián)立解得：M=故選BD。9、BD【解析】對物體B受力分析，受重力、斜面的支持力和A對B的支持力，受力分析圖如圖所示由于彈力與接觸面垂直，故A對B的支持力不是平行斜面向上，而是偏向上一點，A錯誤；根據平衡條件有：，得，則由牛頓第三定律可知，物體B對物體A的壓力大于，物體B對斜面的壓力小于，C錯誤，D正確；物體A受重力、支持力、摩擦力、B對A的壓力，共4個力，B正確；選BD【點睛】先對物體B受力分析，根據平衡條件判斷A對B的彈力和

21、斜面對B的支持力情況；再結合牛頓第三定律判斷B對A的壓力情況10、BD【解析】首先看F1=F1 時情況：由題很容易得到兩物塊所受的摩擦力大小是相等的，因此兩物塊的加速度相同，設兩物塊的加速度大小為a，對于M1、M1，滑動摩擦力即為它們的合力，設M1的加速度大小為a1，M1的加速度大小為a1，根據牛頓第二定律得：因為，其中m為物塊的質量設板的長度為L，它們向右都做勻加速直線運動，當物塊與木板分離時：物塊與M1的相對位移L=at11-a1t11；物塊與M1的相對位移L=at11-a1t11；若M1M1，a1a1，所以得：t1t1；M1的速度為v1=a1t1，M1的速度為v1=a1t1，則v1v1，

22、故A錯誤若F1F1、M1M1，根據受力分析和牛頓第二定律，則M1上的物塊的加速度大于M1上的物塊的加速度，即aaab；由于M1M1，所以M1的加速度小于M1加速度，即a1a1它們向右都做勻加速直線運動，當物塊與木板分離時：物塊與M1的相對位移L=aat11-a1t11物塊與M1的相對位移L=abt11-a1t11；由于aaab，所以得：t1t1，則v1v1，故B正確若F1F1、M1=M1，根據受力分析和牛頓第二定律，則M1上的物塊的加速度大于M1上的物塊的加速度，即aaab；由于M1=M1，所以M1、M1加速度相同，設M1、M1加速度為a它們向右都做勻加速直線運動，當物塊與木板分離時：物塊與M

23、1的相對位移L=aat11-at11物塊與M1的相對位移L=abt11-at11；由于aaab，所以得：t1t1，則v1v1，故C錯誤若F1F1、M1=M1，aaab，則v1v1，故D正確故選BD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 （1）未記錄力F1和F2的方向； 未明確是否把橡皮條與細繩的結點拉到位置O； （2）F； （3）A【解析】（1）步驟中遺漏的重要操作是：未記錄F1和F2的方向；步驟中遺漏的重要操作是：未明確是否把橡皮條與細繩的結點拉到位置O；（2）F與F兩力中，F是理論值，F是實驗值，則F方向一定沿AO方向；（3）要保證結

24、點不動，應保證合力不變，則由平行四邊形定則可知，合力不變，M方向向合力方向靠攏，根據圖象可知，則N的拉力應減小，同時應減小角；故選A。12、無 mg BD 【解析】(1)12當小車勻速下滑時砂桶的重力與小車所受的摩擦力的合力等于滑塊重力向下的分力，去掉細線和砂桶后，滑塊的合力應等于砂桶的重力mg。則長木板表面的粗糙程度對該實驗無影響；(2)3遮光條通過兩個光電門時的速度分別為 則要驗證的關系是即則要測量的物理量是遮光條的寬度d以及兩光電門之間的距離s，故選BD。(3)4由以上的分析可知，動能定理的關系式應為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說

25、明、方程式和演算步驟。13、（1） 2.85 s.100J；（2）在A端與距A端6 m的范圍內任何一個位置【解析】(1)設滑塊加速運動的時間為，加速度大小為，對滑塊受力分析，有：解得：，設滑塊速度達到時經過的位移為：設滑塊勻速運動的位移為：則滑塊勻速運動的時間為：所需時間為：設滑塊加速運動過程中傳送帶的位移為：電機對傳送帶多做的功：(2)滑塊能通過點的臨界條件是在點軌道對滑塊壓力為0，則在點由牛頓第二定律得：點到點由動能定理得：滑塊通過點的速度至少為：由運動學得：解得：滑塊在端與距端6 m的范圍內任何一個位置釋放均可到達半圓軌道的最高點處14、（1）4m/s（3）5m/s ；-1m/s （3）

26、18N【解析】試題分析：（1）m3做平拋運動，則：h=gt3；s=v3t；解得v3=4m/s（3）碰撞過程動量和能量守恒：m1v=m1v1+m3v3m1v3=m1v13+m3v33代入數據解得：v=5m/s v1=-1m/s（3）m1碰前:v3=3as代入數據解得：F=18N考點：動量守恒定律；能量守恒定律；牛頓第二定律的應用【名師點睛】此題關鍵是搞清兩個物體的運動特征,分清物理過程；用動量守恒定律和能量守恒定律結合牛頓定律列出方程求解15、（1）2m/s（2）4.29m/s（3）1.38m【解析】 （1）由題意，在C處滑塊僅在重力作用下做圓周運動，設滑塊的質量為m，由牛頓定律： 解得： （2）由幾何關系，BC高度差H為： 滑塊由B到C的運動過程中重力做功，機械能守恒，以B為勢能零點： 帶入數據：vB=4.29m/s（3）滑塊由A到B過程，由牛頓定律： 解得： 解得：a=4m/s2；設AB間距為L,由運動公式：vB2=2aL由幾何關系：h=Lsin370解得：