《2023屆甘肅省定西市通渭二中高三物理第一學期期中教學質量檢測模擬試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2023屆甘肅省定西市通渭二中高三物理第一學期期中教學質量檢測模擬試題（含解析）.doc（15頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，質量為m的小球A靜止于光滑水平面上，在A球與墻之間用輕彈簧連接?，F(xiàn)用完全相

2、同的小球B以水平速度v0與A相碰后粘在一起壓縮彈簧。不計空氣阻力，若彈簧被壓縮過程中的最大彈性勢能為E，從球A被碰后開始到回到原靜止位置的過程中墻對彈簧的沖量大小為I，則下列表達式中正確的是（）AE= I=2BE= I=2CE= I=DE= I=2、如圖，質量為的物體用輕繩懸掛于天花板上，繩上套有一個輕質的光滑小圓環(huán)。用力拉著小環(huán)水平向左緩慢移動，物體與環(huán)不接觸。用表示繩中張力的大小，在環(huán)移動的過程中A逐漸變小，逐漸變大B逐漸變小，保持不變C逐漸變大，逐漸變大D逐漸變大，保持不變3、宇航員乘坐航天飛船，在幾乎貼著月球表面的圓軌道繞月運行，運動的周期為T再次變軌登上月球后，宇航員在月球表面做了一

3、個實驗：將一個鉛球以速度v0豎直向上拋出，經時間t落回拋出點已知引力常量為G，則下列說法不正確的是A月球的質量為B月球的半徑為C月球的密度為D在月球表面發(fā)射月球衛(wèi)星的最小速度為4、如圖所示，一個質量為的物體（可視為質點）以某一速度從點沖上傾角為30的固定斜面，其運動的加速度大小為0.6g，該物體在斜面上上升的最大高度為，則在這個過程中物體的（g=10m/s2）A整個過程中物體機械能守恒B重力勢能增加了0.5mghC機械能損失了0.2mghD動能損失了1.1mgh5、甲乙兩位同學面對面站在光滑的水平冰面上，兩人都處于靜止狀態(tài)，某時刻甲同學沿水平方向用力推了乙同學一下，結果兩人向相反方向滑去。已知

4、m甲m乙。則下列說法正確的是（）A甲同學受到的沖量較大B乙同學受到的沖量較大C甲同學運動的速率較大D乙同學運動的速率較大6、2018年1月12日，我國以“一箭雙星”方式成功發(fā)射第26、第27顆北斗導航衛(wèi)星，這兩顆衛(wèi)星屬于中圓地球軌道衛(wèi)星（介于近地和同步之間的軌道）這兩顆衛(wèi)星（ ）A運行速度大于第一宇宙速度B運行速度小于同步軌道衛(wèi)星的運行速度C發(fā)射速度大于第一宇宙速度D發(fā)射速度小于同步軌道衛(wèi)星的運行速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，10匝矩形線圈，在磁感

5、應強度為0.4T的勻強磁場中，繞垂直磁場的軸以角速度為100rad/s勻速轉動，線框電阻不計，面積為0.5m1，線框通過滑環(huán)與一理想變壓器的原線圈相連，副線圈接有兩只燈泡L1和L1已知變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1，開關斷開時L1正常發(fā)光，且電流表示數(shù)為0.01A，則( )A若從圖示位置開始計時，線框中感應電動勢的瞬時值為100cos(100t) VB若開關S閉合，電流表示數(shù)將增大C若開關S閉合，燈泡L1將變暗D燈泡L1的額定功率為1W8、一質點做勻加速直線運動，第3s內的位移2m，第4s內的位移是2.5m，下列說法正確的是A2末至4s末這兩秒內平均速度是2.25m/sB第4s末瞬時速度是

6、2.5m/sC質點的加速度是0.125m/s2D質點的加速度是0.5m/s29、如圖所示，物塊A、B間拴接一個壓縮后被鎖定的彈簧，整個系統(tǒng)靜止放在光滑水平地面上，其中A物塊最初與左側固定的擋板相接觸，B物塊質量為2kg?，F(xiàn)剪斷A、B間的細繩，解除對彈簧的鎖定，在A離開擋板后，B物塊的t圖如圖所示，則可知( ) A在A離開擋板前，A、B系統(tǒng)動量不守恒，之后守恒B在A離開擋板前，A、B與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，之后不守恒C彈簧鎖定時其彈性勢能為9JD若A的質量為1kg，在A離開擋板后彈簧的最大彈性勢能為3J10、一質量為800kg的電動汽車由靜止開始沿平直公路行駛，達到的最大速度為18m/s,利

7、用傳感器測得此過程中不同時刻電動汽車的牽引力F與對應的速度v，并描繪出圖象，圖中AB、BC均為直線若電動汽車行駛過程中所受的阻力恒定，由圖象可知下列說法正確的是（ ）A電動汽車由靜止開始一直做變加速直線運動B電動汽車的額定功率為18kWC電動汽車由靜止開始經過2s，速度達到6m/sD電動汽車行駛中所受的阻力為600N三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“測定玻璃的折射率”的實驗中，在白紙上放好玻璃磚，aa和bb分別是玻璃磚與空氣的兩個界面，如圖所示。在玻璃磚的一側插上兩枚大頭針P1和P2，用“”表示大頭針的位置，然后在另一側透過

8、玻璃磚觀察，并依次插上大頭針P3和P4。在插P3和P4時，應使（）AP3只擋住P1的像BP4只擋住P2的像CP3同時擋住P1、P2的像DP3插在P1、P2的延長線上12（12分）用如圖所示裝置做“驗證牛頓第二定律”的實驗實驗中小車及砝碼的總質量為m1，鉤碼質量為m1，并用鉤碼所受的重力作為小車受到的合力，用紙帶測出小車運動的加速度(1)下列說法正確的是_A每次改變小車質量時，應重新平衡摩擦力B實驗時應先釋放小車后接通電源C本實驗中m1應遠大于m1D在用圖象探究加速度與質量關系時，應用圖象(1)下圖為實驗中打出的一條紙帶的一部分，從比較清晰的點跡起，在紙帶上標出了連續(xù)的5個計數(shù)點A、B、C、D、

9、E，相鄰兩個計數(shù)點之間都有4個點跡沒有標出，測出各計數(shù)點到A點之間的距離，如圖所示已知打點計時器接在頻率為50Hz的交流電源兩端，則此次實驗中小車運動的加速度的測量值a=_m/s1（結果保留兩位有效數(shù)字）(3)實驗時改變所掛鉤碼的質量，分別測量小車在不同外力作用下的加速度根據(jù)測得的多組數(shù)據(jù)畫出a-F關系圖線，如圖所示此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此現(xiàn)象的主要原因可能是_A小車與平面軌道之間存在摩擦B平面軌道傾斜角度過大C所掛鉤碼的總質量過大D所用小車的質量過大四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）額定功率為

10、80kW的汽車，在某平直的公路上行駛的最大速度為10m/s，汽車的質量m1103kg如果汽車從靜止開始做勻加速直線運動，加速度大小為1m/s1運動過程中阻力不變求：(1)汽車所受的恒定阻力是多大？(1)3s末汽車的瞬時功率多大？(3)勻加速直線運動時間多長？(4)在勻加速直線運動中，汽車的牽引力做的功多大？14（16分）電視節(jié)目里有一個推木箱的游戲，游戲規(guī)則是：選手從點開始用力沿水平方向推木箱，一段時間后放手讓木箱向前滑動，若木箱最后停在有效區(qū)域內（包括兩點）視為成功。已知長，長，選手推動木箱過程加速度大小為，撤去推力后，木箱滑動加速度大小為，木箱視為質點。（1）推力作用2s，木箱能否到達有效

11、區(qū)域？（2）若選手推木箱至點時撤去外力，木箱能否停在有效區(qū)域內？（3）要想獲得游戲成功，推力作用的最長時間是多少？15（12分）如圖所示, 質量為m 物塊A被輕質細繩系住斜吊著放在傾角為30的靜止斜面上, 物塊A與斜面間的動摩擦因數(shù)為()細繩繞過定滑輪O，左右兩邊與豎直方向的夾角=30、=60，細繩右端固定在天花板上，為細繩上一光滑動滑輪，下方懸掛著重物B整個裝置處于靜止狀態(tài),重力加速度為g,最大靜摩擦力近似等于滑動摩擦力求: (1)重物B的質量為多少時，A與斜面間恰好沒有摩擦力作用？ (2) A與斜面間恰好沒有摩擦力作用時，水平地面對斜面的摩擦力為多大？(3)重物B的質量滿足什么條件時，物塊

12、A能在斜面上保持靜止？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】AB碰撞瞬間，由動量守恒定律可知：mv0=2mv1 解得：v1=碰撞后系統(tǒng)機械能守恒，當兩球向左減速到零時彈簧的彈性勢能最大，最大彈性勢能E，則：E=取AB整體分析，取向右為正，由動量定理可得所以墻對彈簧的沖量大小為2mv0A. E=、I=2，與分析相符，故A項正確；B. E=、I=2，與分析不符，故B項錯誤；C. E=、I=，與分析不符，故C項錯誤；D. E=、I=，與分析不符，故D項錯誤。2、D【解析】對小圓環(huán)受力分析，受到兩條繩子的拉力T，和

13、水平拉力F，對小物塊受力分析，恒有，所以繩子的拉力不變，隨著環(huán)的左移，兩段繩子的夾角越來越小，將繩子的兩個拉力看做兩個分力，因為分力大小不變，所以合力增大，即F增大，D正確3、D【解析】AB鉛球以速度v0豎直向上拋出，經時間t落回拋出點可求得月球重力加速度，根據(jù)：，又因為：，聯(lián)立解得：，AB正確C密度，聯(lián)立解得，C正確D根據(jù)萬有引力提供向心力，聯(lián)立解得：，D錯誤4、C【解析】由機械能守恒定律的條件判斷；重力勢能的增加量等于克服重力做的功；動能變化等于合外力做的功；機械能變化量等于除重力外其余力做的功【詳解】由牛頓第二定律得：mgsin30+f=m0.6g，解得摩擦力f=0.1mg，此過程有摩擦

14、力做功，機械能不守恒，故A錯誤；物體在斜面上能夠上升的最大高度為h，所以重力勢能增加了EP=mgh，故B錯誤；由功能關系知，機械能的損失量為：E=fs=0.1mg2h=0.2mgh，故C正確。由動能定理可知，動能損失量為合外力做的功的大小，即：Ek=F合s=mg0.62h=1.2mgh，故D錯誤；故選C。【點睛】本題關鍵根據(jù)功能關系的各種具體形式得到重力勢能變化、動能變化和機械能變化重力勢能變化與重力做功有關；動能的變化與合力做功有關；機械能的變化與除重力以外的力做功有關5、D【解析】CD兩人組成的系統(tǒng)，初狀態(tài)總動量為零，根據(jù)動量守恒，可知兩人的動量變化量大小相等，方向相反，根據(jù)P=mv-0=

15、mv可知質量小的速度大，故D正確，C錯誤；AB根據(jù)動理定理I=P，可知兩人的沖量大小相等，故AB錯誤；故選D。6、C【解析】中圓地球軌道衛(wèi)星的運轉半徑大于近地衛(wèi)星的軌道半徑，小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)可知運行速度小于第一宇宙速度，大于同步軌道衛(wèi)星的運行速度，選項AB錯誤；第一宇宙速度是最小的發(fā)射速度，則中圓地球軌道衛(wèi)星的發(fā)射速度大于第一宇宙速度，選項C正確；因發(fā)射速度大于在中圓地球軌道上的速度，而在中圓地球軌道上的速度大于同步軌道衛(wèi)星的運行速度，則發(fā)射速度大于同步軌道衛(wèi)星的運行速度，選項D錯誤；故選C.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是

16、符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A變壓器的輸入電壓的最大值為：Um=NBS=100.40.5100=100V從垂直中性面位置開始計時，故線框中感應電動勢的瞬時值為：u=Umcost=100cos(100t) V故A正確；B若開關S閉合，輸出電壓不變，輸出端電阻減小，故輸出電流增加，故輸入電流也增加，輸入功率增加，電流表示數(shù)將增大，故B正確；C若開關S閉合，輸出電壓不變，故燈泡L1亮度不變；故C錯誤；D變壓器輸入電壓的有效值為：開關斷開時L1正常發(fā)光，且電流表示數(shù)為I1=0.01A，燈泡L1的額定功率等于此時變壓器的輸入功率為：故D錯誤。8、

17、AD【解析】A.2末至4s末這兩秒內的平均速度，故A正確；B.根據(jù)某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，知第三秒瞬時速度也為2.25m/s，第4s末的瞬時速度是：，故B錯誤；CD.根據(jù)得，質點的加速度，故C錯誤D正確；9、ACD【解析】在A離開擋板前，由于擋板對A有作用力，所以A、B系統(tǒng)所受合外力不為零，則系統(tǒng)動量不守恒；離開擋板之后，系統(tǒng)的合外力為零，動量守恒，故A正確；在A離開擋板前，擋板對A的作用力不做功，A、B及彈簧組成的系統(tǒng)在整個過程中只有彈簧的彈力做功，機械能都守恒，故B錯誤；解除對彈簧的鎖定后至A剛離開擋板的過程中，彈簧的彈性勢能釋放，全部轉化為B的動能，根據(jù)機械能守恒定律

18、，有：，由圖象可知，vB=3m/s，解得：Ep=9J，故C正確。分析A離開擋板后A、B的運動過程，并結合圖象數(shù)據(jù)可知，彈簧伸長到最長時A、B的共同速度為v共=2m/s，根據(jù)機械能守恒定律和動量守恒定律，有：mBv0=（mA+vB）v共；聯(lián)立解得：Ep=3J，故D正確。故選CD?！军c睛】本題主要考查了動量守恒定律及機械能守恒定律的應用，關鍵是搞清運動過程，能夠知道當彈簧伸到最長時，其勢能最大10、BD【解析】AB段牽引力不變，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度不變，做勻加速直線運動故A錯誤；額定功率 P=Fminvmax=60018=18kW，故B正確；勻加速運動的加速度，到達B點時的速度，所以勻加速的

19、時間，若電動汽車一直做勻加速運動2s，則由靜止開始經過2s的速度v=at=6m/s，所以電動汽車由靜止開始經過2s，速度小于6m/s，故C錯誤；當最大速度vmax=18m/s時，牽引力為Fmin=600N，故恒定阻力 f=Fmin=600N，故D正確故選BD【點睛】解決本題的關鍵能夠從圖線中分析出電動車在整個過程中的運動情況，當牽引力等于阻力時，速度達到最大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C【解析】根據(jù)實驗的原理，連接P1、P2表示入射光線，連接P3、P4表示出射光線，連接兩光線與玻璃磚的交點，即為折射光線實驗的過程中，要先在白紙上

20、放好玻璃磚，在玻璃磚的一側插上兩枚大頭針P1和P2，然后在玻璃磚另一側觀察，調整視線使P1的像被P2的像擋住，接著在眼睛所在另一側相繼又插上兩枚大頭針P3、P4，使P3擋住P1、P2的像，使P4擋住P3和P1、P2的像故ABD錯誤，C正確故選C【點睛】用插針法測定玻璃磚折射率時，大頭針間的距離和入射角都應適當大些，可減小角度引起的相對誤差，提高精度12、CD 1.0 C 【解析】試題分析：(1)當平衡了摩擦力后有計算后得，說明在該實驗中，改變小車質量后不需要重新平衡摩擦力，A選項錯誤；實驗時應該先接通電源再釋放小車，以此保證在紙帶上打下較多的點，也為了使打點計時器工作穩(wěn)定后再進行實驗，減小誤差

21、，B選項錯誤；由于小車運動的加速度有鉤碼提供，則有，而，當m1m1時有，所以C選項正確；由于小車加速度a與小車質量m1成反比，即可以看成，所以D選項正確（1）小車的加速度為(3)由可知，當鉤碼質量逐漸增加之后，加速度a逐漸變小，所以出現(xiàn)該現(xiàn)象考點：本題考查實驗驗證牛頓第二定律即加速度與質量和力關系四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)f=4000N (1)P=48KW (3)tm=5s (4) W1105J【解析】(1)當時，速度最大所以，根據(jù)得：(1)根據(jù)牛頓第二定律，得根據(jù)瞬時功率計算式得PFvFat所以

22、(3)根據(jù)PFv可知：隨v的增加，直到功率等于額定功率時，汽車完成勻加速直線運動，所以 (4)根據(jù)功的計算式得 【點睛】解決本題的關鍵掌握恒定功率啟動和恒定加速度啟動過程的運動規(guī)律，結合牛頓第二定律和運動學公式綜合求解，知道加速度為零時，速度最大14、（1）不能到達有效區(qū)域（2）不能到達有效區(qū)域（3）2.5s【解析】(1)推力作用位移：代入數(shù)據(jù)得：末速度撤去推力后位移：代入數(shù)據(jù)得：全程位移：代入數(shù)據(jù)得：所以木箱不能到達有效區(qū)域 (2)選手推木箱至點時：由公式，撤去推力后位移：代入數(shù)據(jù)得：所以不能停在有效區(qū)域內 (3)要想獲得游戲成功，木箱滑到點速度正好為0，力作用時間最長，設力作用最長時間為時

23、刻的速度為，加速運動過程中的位移：減速運動過程中的位移要使木箱停止在有效區(qū)域內，則需滿足代入數(shù)據(jù)得：15、 (1) (2),方向水平向右 (3)【解析】(1)受力分析可知： A與斜面間恰好沒有摩擦力作用即f=0，根據(jù)平衡條件：,，解得：，由B受力平衡可知：；(2)對斜面體受力分析和平衡條件可知：；(3) 如果物體A恰好不上滑，則對A，平行斜面方向：T1cos30-mgsin30-f=0垂直斜面方向：N+T1sin30-mgcos30=0解得： ；如果物體A恰好不下滑，摩擦力反向，則對A平行斜面方向：T2cos30-mgsin30+f=0垂直斜面方向：N+T2sin30-mgcos30=0解得：；對物體B，根據(jù)平衡條件，有：2Tcos60=mg故繩子的拉力等于物體B的重力，故物體B的質量范圍為：