《2023屆甘肅省蘭州市蘭化一中高三物理第一學期期中學業(yè)水平測試試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2023屆甘肅省蘭州市蘭化一中高三物理第一學期期中學業(yè)水平測試試題（含解析）.doc（14頁珍藏版）》請在匯文網上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和

2、答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，用細線將A物體懸掛在頂板上，B物體放在水平地面上A、B間有一勁度系數為100 N/m的輕彈簧，此時彈簧伸長了2 cm.已知A、B兩物體的重力分別是3 N和5 N則細線的拉力及B對地面的壓力分別是()A8 N和0 N B5 N和7 NC5 N和3 N D7 N和7 N2、下列關于物理學思想方法的敘述錯誤的是 （ ）A探究加速度與力和質量關系的實驗運用了控制變量法B電學中電阻、電場場強和電勢的定義都運用了比值法C力學中將物體看成質點運用了理想化模型法D當物體的運動時

3、間t趨近于0時，t時間內的平均速度可看成瞬時速度運用了等效替代法3、如圖所示電路，在平行金屬板M，N內部左側中央P有一質量為m的帶電粒子（重力不計）以水平速度v0射入電場并打在N板的O點改變R1或R2的阻值，粒子仍以v0射入電場，則A該粒子帶正電B減少R2，粒子將打在O點左側C增大R1，粒子在板間運動時間不變D減少R1，粒子將打在O點左側4、a、b兩物體同時從同一地點開始做勻變速直線運動，二者運動的vt圖象如圖所示，下列說法正確的是Aa、b兩物體運動方向相反Ba物體的加速度小于b物體的加速度Ct1 s時兩物體的間距等于t3 s時兩物體的間距Dt3 s時，a、b兩物體相遇5、小球從空中自由下落，

4、與水平地面相碰后反彈到空中某一高度，其速度時間圖象如圖所示，則由圖可知（g取10m/s2）（）A小球在前0.5 s內和后0.3 s內加速度大小相等，方向相反B小球在0.8 s內的平均速度大小是1 m/s，方向豎直向下C小球在0.8 s內的平均速率是1 m/sD小球在0.2s時刻和0.6s時刻速度相同6、如圖所示，河寬為，河岸上兩位置分別與對岸的兩位置正對，為連線上的一個小島，甲乙兩船在靜水中的速度大小均為，水流速度為。甲船頭正對河岸，從點出發(fā)，乙船頭斜向上游，從點沿的連線航行，兩船同時到達小島。下列說法正確的是A小島到位置的距離為B的距離為C僅將水流速度增大為，甲、乙兩船仍能同時到達小島D僅將

5、水流速度增大為，甲、乙兩船均不能到達小島二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、 “水流星”是一種常見的雜技項目，該運動可以簡化為輕繩一端系著小球在豎直平面內的圓周運動模型.已知繩長為 l，重力加速度為 g，則( ) A當 v0 時，小球一定能通過最高點 PC小球運動到最高點 P 時，速度要大于等于D小球初速度 v0 越大，則在 P、Q 兩點繩對小球的拉力差越大8、如圖所示是一個玩具陀螺，a、b和c是陀螺上的三點當陀螺繞垂直于地面的軸線以角速度穩(wěn)定旋轉時，下列表述正確的是

6、（）Aa、b兩點的線速度相同Ba、b兩點的線速度比c點的線速度大Ca、b、c三點的角速度相等Dc點的向心加速度比a、b點的向心加速度大9、靜止在粗糙水平地面上的物塊(視為質點)在水平拉力作用下向右運動，經過一段時間后撤去拉力。物體在整個運動過程中的速度的二次方隨位移的變化規(guī)律如圖所示。已知物塊的質量為1kg，取g10m/s1下列說法正確的是 ( )A拉力作用的時間為3sB物塊運動過程的平均速度大小為9m/sC物塊與地面間的動摩擦因數為0.6D拉力做的功為36J10、質量為M的拖拉機拉著耙來耙地，由靜止開始做勻加速直線運動，在時間t內前進的距離為s，耙地時，拖拉機受到的牽引力恒為F，受到地面的阻

7、力為自重的k倍，耙所受阻力恒定，連接桿質量不計且與水平面的夾角為且保持不變A拖拉機的加速度大小為B拖拉機的加速度大小為C拖拉機對連接桿的拉力大小為D拖拉機對連接桿的拉力大小為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）物體沿平直軌道做勻加速直線運動，打點計時器在物體拖動的紙帶上打下一系列點跡，以此記錄物的運動情況其中一部分紙帶上的點跡情況如圖所示已知打點計時器打點的時間間隔為，測得點到點，以及點到點的距離分別為， ，則在打下點跡時，物體運動的速度大小為_ ；物體做勻加速運動的加速度大小為_12（12分）某實驗小組用如圖甲所示的裝置驗證牛頓

8、第二定律，同時測量木塊與木板間的動摩擦因數，提供的器材有帶定滑輪的長木板，打點計時器，交流電源，木塊，紙帶，米尺，8個質量均為20g的鉤碼，細線等.實驗操作過程如下：A長木板置于水平桌面上，帶定滑輪的一端伸出桌面，把打點計時器同定在長木板上并與電源連接，紙帶穿過打點計時器并與木塊相連，細線一端與木塊相連，另一端跨過定滑輪掛上鉤碼，其余鉤碼都疊放在木塊上；B使木塊靠近打點計時器，接通電源，釋放木塊，打點計時器在紙帶上打下一系列點，記下懸掛鉤碼的個數C將木塊上的鉤碼逐個移到懸掛鉤碼端，更換紙帶，重復實驗操作B;D測出每條紙帶對應的木塊運動的加速度a，實驗數據如圖乙所示.n456780.501.30

9、2.203.003.90（1）實驗開始時，必須調節(jié)滑輪高度， 使_；（2）該實驗中小車質量_（填“需要”或“不需要”)遠大于所掛鉤碼質量。（3）根據圖乙數據，在圖丙中作出圖象；（_）（4）由圖線得到= _(g=10 m/s2 )，還可求的物理量是_ (只需填寫物理量名稱).四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）2017年9月12日晚上11時58分，中國“天舟一號”貨運飛船順利完成與“天宮二號”太空實驗室的自主快速交會對接試驗，此次試驗將中國太空交會對接的兩天的準備時間縮短至6.5小時，為中國太空站工程后續(xù)研制

10、建設奠定更加堅實的技術基礎圖是“天舟”與“天宮”對接過程示意圖，已知“天舟1號”與“天宮2號”成功對接后，組合體沿圓形軌道運行經過時間t，組合體繞地球轉過的角度為，地球半徑為R，地球表面重力加速度為g，引力常量為G，不考慮地球自轉求 （1）地球質量M；（2）組合體運動的周期T；（3）組合體所在圓軌道離地面高度H14（16分）如圖所示，傾角為的粗糙斜面AB底端與半徑R0.3m的光滑半圓軌道BC平滑相連（B處有極小的連接，圖中未畫出，確保B處無動能損失），O為軌道圓心，BC為圓軌道直徑且處于豎直方向，A、C兩點等高。質量為1kg的滑塊從A點可以用不同初速向下滑動，若從A點由靜止開始下滑，恰能滑到與

11、O等高的D點（g取10m/s2，sin0.6，cos0.8）；求：（1）滑塊與斜面間的動摩擦因數；（2）若滑塊經半圓軌道能到達C點，則滑塊從A點沿斜面滑下時的初速度v的最小值為多少；（3）若滑塊經C點飛出時速率為2，則滑塊落到斜面上的動能為多大。15（12分）質量m=2kg的物塊自斜面底端A以初速度v0=16m/s沿足夠長的固定斜面向上滑行，經時間t=2s速度減為零已知斜面的傾角=37，重力加速度g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.1試求：（1）物塊上滑過程中加速度大小；（2）物塊滑動過程摩擦力大小；（3）物塊下滑所用時間. 參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，

12、共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：以物體B為研究對象進行受力分析，根據共點力平衡條件有，代入數據解得地面對B的支持力為，由牛頓第三定律可知，B對地面的壓力也為3N，以A為研究對象進行受力分析有，代入數據解得細線的拉力，所以只有選項C正確；考點：共點力平衡、胡克定律2、D【解析】試題分析：在探究加速度與力、質量的關系實驗中使用了控制變量法，故A正確；電學中電阻、場強和電勢的定義都運用了比值法，故B正確；質點并不存在，采用的是理想化的物理模型,故C正確；時的平均速度可看成瞬時速度，采用的是極限分析方法,故D錯誤考點：物理學史【名師點睛】在學習物理

13、知識的同時，我們還學習科學研究的方法，常用的方法有：控制變量法、等效替代法、理想實驗法、類比法等等3、D【解析】本題是含容電路的動態(tài)分析與帶電粒子運動相結合的問題，運用閉合電路歐姆定律和類平拋運動的知識可進行求解。【詳解】設板間場強為，粒子的電荷量是，板間間距為，則粒子在板間運動時：、。A：由電路圖知，極板M帶負電、極板N帶正電，板間場強的方向向上，重力不計的帶電粒子向下偏轉，粒子帶負電。故A項錯誤。B：由于R2與平行金屬板串聯(lián)，穩(wěn)定時此支路斷路，調節(jié)R2對電路無影響；減少R2，平行板兩端的電壓不變，板內場強不變，粒子運動情況不變，仍打在O點。故B項錯誤。CD：增大R1，據串聯(lián)電路電壓分配原理

14、知，平行板兩端的電壓減小，板內場強減小，粒子在電場中的運動時間變長。減少R1，據串聯(lián)電路電壓分配原理知，平行板兩端的電壓增大，板內場強增大，粒子在電場中的運動時間變短，粒子將打在O點左側。故C項錯誤，D項正確。4、C【解析】由圖象可知，ab兩物體的速度都為正值，速度方向相同故A錯誤圖象的斜率表示加速度，由圖可知，a的斜率為，b的斜率為 ，所以a物體的加速度比b物體的加速度大故B錯誤t=1s時，兩物體的間距為x510.51221112m=2.25m；t=3s時兩物體的位移為x530.53223132m=2.25m，故兩者物體間距相等，故C正確，D錯誤，故選C.5、B【解析】圖象的斜率表示加速度，

15、由圖可知，在前0.5 s內和后0.3 s內加速度大小相等，方向相同，故A錯誤；由圖象可知：前0.5s內物體自由下落，后0.3s物體反彈，根據vt圖象中速度圖象與時間軸圍成的面積表示位移可得：小球下落的高度為：h=0.55m=1.25m，小球在從開始下落0.8 s內的位移：x=h0.33m=1.25m0.45m=0.8m，方向豎直向下，則小球在0.8 s內的平均速度為，方向豎直向下，故B正確；小球在0.8s內的路程S=1.25+0.45=1.7m，故平均速率v=2.1m/s，故C錯誤；由圖可知，小球在0.2s時刻和0.6s時刻速度方向一定相反，故速度不會相同，故D錯誤故選B點睛：此題關鍵是知道速

16、度圖象的斜率代表物體的加速度，速度圖象與時間軸圍成的面積代表物體的位移，平均速度等于位移除以時間6、D【解析】設乙船在靜水中的速度方向和河岸的夾角為，要使乙船能夠垂直過河，有得乙船的實際速度為設甲乙同時到達E點的時間為t，乙船到達E點的距離甲垂直河岸的位移而聯(lián)立解得A小島E到C位置的距離 故A錯誤；BAD的距離故B錯誤；CD僅將水流速度，過河時間不變，垂直河岸的位移不變，但沿河岸的分速度增大，甲、乙兩船經過t后，都到了E點下游，所以甲、乙兩船均不能到達小島E，故C錯誤，D正確。故選：D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全

17、部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】根據動能定理得，mgh0mv02，若v0時，則hl，可知小球不會越過四分之一圓周，細繩始終處于繃緊狀態(tài)，故A正確。小球越過最高點的臨界速度v=，即小球運動到最高點 P 時，速度要大于等于，根據動能定理得，mg2lmv2mv02，解得v0= ，即在最低點的速度需滿足v0，小球才能通過最高點P，故B錯誤，C正確。在Q點，根據牛頓第二定律得，F(xiàn)1mgm，在P點，F(xiàn)2+mgm，又mg2lmv22mv02，聯(lián)立解得F=F1-F2=6mg，故D錯誤。故選AC?！军c睛】本題小球做變速圓周運動，在最高點和最低點重力和拉力的合力提供向心力，同時

18、結合動能定理解答即可8、BC【解析】ABC. a、b、c三點共軸轉動，角速度大小相等a的半徑和b的半徑相等，根據v=r知，a、b的線速度大小相等.c的半徑小，根據v=r知，a、b的線速度比c的線速度大故A錯誤，BC正確D. 根據向心加速度a=2r，a、b點加速度大于c點加速度，故D錯誤9、AC【解析】A.根據圖像可知，加速階段的末速度為6m/s，加速位移為9m，根據平均速度公式可知 ，加速時間即拉力作用時間故A正確。B.物塊開始做初速度為零的勻加速，然后做末速度為零的勻減速，所以平均速度相同，均為最大速度的一半，即3m/s，故B錯誤。C.根據減速階段有 ，且 ，代入數據解得： ，故C正確。D.

19、全程根據動能定理可知解得拉力做功 ，故D錯誤。10、AC【解析】拖拉機在時間t內勻加速前進s，根據位移公式，s=at2，解得：，選項A正確；設連接桿對拖拉機的拉力為f，對拖拉機受力分析：由牛頓第二定律得，F(xiàn)-kMg-fcos=Ma，解得： 聯(lián)立得，根據牛頓第三定律知，拖拉機對連接桿的拉力大小為，故選項BD錯誤，C正確；故選AC.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 0.64m/s 6.4m/s2【解析】根據題意可知：A、B、C相鄰兩點間還四個點，所以A、B、C相鄰兩點間的時間間隔為，根據公式；利用公式即。點晴：解決本題應注意中的為相鄰兩

20、計數點間的距離，不能直接用。12、（1）細線與木板表面平行 不需要 0.31(0. 290.33) 木塊的質量 【解析】（1）1實驗開始時，必須調節(jié)滑輪高度，保證細線與木板表面平行；（2）2該實驗中保持木塊和鉤碼的總質量不變，則研究對象是木塊和鉤碼的整體，則木塊質量不需要遠大于所掛鉤碼質量。（3）3根據表中實驗數據在坐標系中描出對應的點，然后作出圖象，如圖所示；（4）45對木塊與鉤碼組成的系統(tǒng)，由牛頓第二定律得：nmg-（8-n）mg+m木g=（8m+m木）a解得：由圖象得：n=0時，-g=a=-3，0.31（0.290.33均正確）由圖象還可以求出木塊質量四、計算題：本題共2小題，共26分。

21、把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】（1）地球表面的萬有引力等于重力，所以設組合體角速度為，依題意 故周期 根據牛頓第二定律：14、 (1)0.375(2)3m/s(3)7.5J【解析】(1)滑塊由A到D過程，根據動能定理，有代入數據解得(2)若使滑塊能到達C點，根據牛頓第二定律有代入數據解得從A到C的過程列動能定理有 代入數據解得所以初速度v0的最小值為3m/s(3)滑塊離開C后做平拋運動，水平方向：，豎直方向上有：，水平豎直位移間的關系為落在斜面上的動能代入數據解得15、（1）1m/s2；（2）4N；（3）s【解析】（1）上滑時，加速度大小 （2）上滑時，由牛頓第二定律，得： 解得 （3）位移 下滑時，由牛頓第二定律，得 解得 由，解得=s