《2022-2023學年河北雞澤縣第一中學高三物理第一學期期中統(tǒng)考試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2022-2023學年河北雞澤縣第一中學高三物理第一學期期中統(tǒng)考試題（含解析）.doc（16頁珍藏版）》請在匯文網上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示為一簡易起重裝置，（不計一切阻力）AC是上端帶有滑輪的固定支架，BC為質量不計的輕桿，桿的一端C用鉸鏈固定在支架上，另一端B懸掛一個質量為m的重物，并用鋼絲繩跨過滑

2、輪A連接在卷揚機上開始時，桿BC與AC的夾角BCA90，現使BCA緩緩變小，直到BCA=30在此過程中，桿BC所產生的彈力（ ）A大小不變B逐漸增大C先增大后減小D先減小后增大2、如圖所示，可以將電壓降低供給電燈的變壓器是（ ）ABCD3、下列敘述符合物理學史實的是（ ）A牛頓提出了萬有引力定律，并用實驗測量了萬有引力常量B庫侖最早引入了電場概念，并提出用電場線表示電場C奧斯特對電磁感應現象的研究，將人類帶人了電氣化時代D安培提出了分子電流假說，解釋了磁鐵的磁場和電流的磁場在本質上相同4、某同學用如圖所示方法做共點力平衡實驗M、N為摩擦不計的定滑輪，O點是輕質細繩OA、OB和OC的結點，桌上有

3、若干相同的鉤碼，他已經在A點和C點分別掛了3個和4個鉤碼，為使O點在兩滑輪間某位置受力平衡，在B點掛的鉤碼數可能是（ ）A1個B3個C5個D7個5、如圖所示，一根細線下端栓一個金屬小球P，細線的上端固定在金屬塊Q上，Q放在帶小孔（小孔光滑）的固定水平桌面上，小球在某一水平內做勻速圓周運動（圓錐擺），現使小球改到一個更高一些的水平面上做勻速圓周運動（圖中位置），兩次金屬塊Q都靜止在桌面上的同一點，則后一種情況與原來相比較，下面的判斷中正確的是（ ）A細線所受的拉力變小B小球P運動的角速度變小CQ受到桌面的支持力變大DQ受到桌面的靜摩擦力變大6、關于水平面上滑行的物體所受摩擦力的說法正確的是( )

4、A有摩擦力一定有彈力B當物體與支持面間的壓力一定時，滑動摩擦力將隨接觸面增大而增大C滑動摩擦力不可能提供動力D運動速度越大所受摩擦力一定越小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，a、b是兩個電荷量都為Q的正點電荷。O是它們連線的中點，P、P是它們連線中垂線上的兩個點。從P點由靜止釋放一個質子，不計質子重力。下列判斷正確的是A質子將向O一直做加速運動，加速度一定是逐漸增大B質子將向P一直做加速運動，加速度一定是逐漸減小C質子將向P一直做加速運動，加速度可能是先增

5、大后減小D質子所經過的位置電勢越來越低8、如圖所示，質量為m的小球置于立方體的光滑盒子中，盒子的邊長略大于小球的直徑某同學拿著該盒子在豎直平面內做半徑為R的勻速圓周運動已知重力加速度為g，空氣阻力不計，要使在最高點時盒子與小球之間作用力大小恰為mg，則 ()A該盒子做勻速圓周運動的周期等于B該盒子做勻速圓周運動的周期等于C盒子在最低點時盒子與小球之間的作用力大小等于2mgD盒子在最低點時盒子與小球之間的作用力大小等于3mg9、質量為m的物體，在距地面h高處以初速度V豎直向下拋出其加速度大小為0.5g,方向豎直向下則在其下落到地面的過程中下列說法中正確的是（ ）A物體的重力勢能減少B物體的動能增

6、加C物體的機械能減少D落地時的動能為10、質量為m的探月航天器在接近月球表面的軌道上飛行，其運動視為勻速圓周運動已知月球質量為M，月球半徑為R，月球表面重力加速度為g，引力常量為G，不考慮月球自轉的影響，則航天器的（ ）A線速度B角速度C運行周期D向心加速度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學用光電門驗證機械能守恒定律。如圖甲所示，將某種鐵質橫桿固定在鐵架臺上方，在橫桿側放置一磁鐵，在橫桿正下方將光電門固定在鐵架臺上，將質量為m的小佚球吸至橫桿下方，多次釋放并調整小鐵球釋放位置和光電門位置，使小鐵球球心恰好與光電門中心在同一

7、豎直線上，標記小鐵球釋放點，用直尺測量出橫桿下邊緣到光電門中心間的距離L。拿開磁鐵后，鐵質橫桿的磁性立即消失。(1)用游標卡尺測出小鐵球直徑，測量結果如圖乙所示，則小鐵球的直徑D=_cm。(2)甲同學多次改變橫桿下邊緣到光電門中心間的距離L，重復上述實驗。以L為橫軸，以為縱軸畫出了如圖所示的圖線。正確的是（_）(3)乙同學用刻度尺測出橫桿下邊緣到光電門中心間的距離L，已知當地的重力加速度為g，若重力勢能的減少量與動能的增加量相等就可以證明在自由落體過程中小球的機械能是守恒的。若不考慮空氣的阻力，乙同學為了減小實驗誤差，提高測量精度，其中一項有效的措施是：將光電門上下移動。你認為_(填“向上”或

8、“向下”)移動才能減小實驗誤差，提高測量精度。12（12分）為探究物體的加速度與力、質量的關系。（1）甲同學采用裝置甲，實驗時，小盤和砝碼牽引小車，使小車做初速度為零的勻加速運動。此實驗中可以不測量小車加速度的具體值，原因是_.通過改變_，就可以改變小車所受的合力.（2）乙同學采用圖乙所示的氣墊導軌裝置進行實驗，其中、為兩個光電門，它們與數字計時器相連，當滑行器通過、光電門時，光束被遮擋的時間、都可以被測量并記錄，滑行器連同上面固定的一條形擋光片的總質量為，擋光片寬度為，光電門間距離為，牽引砝碼的質量為回答下列問題：若取，改變的值，進行多次實驗，以下的取值不合適的一個是_.A B C D在此實

9、驗中，需要測得每一個牽引力對應的加速度，求得的加速度的表達式為_.（，表示）（3）丙同學采用如圖丙裝置探究加速度與力、質量的關系.實驗中，需要平衡小車和紙帶運動過程中所受的阻力，正確的做法是（_）A小車放在木板上，把木板一端墊高，調節(jié)木板的傾斜程度，使小車在不受繩的拉力時沿木板做勻速直線運動B小車放在木板上，掛上砂桶，把木板一端墊高，調節(jié)木板的傾斜程度，使小車在砂桶的作用下沿木板做勻速直線運動C小車放在木板上，后面固定一條紙帶，紙帶穿過打點計時器。把木板一端墊高，調節(jié)木板的傾斜程度，使小車在不受繩的拉力時能拖動紙帶沿木板做勻速直線運動四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的

10、答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，BCDG是光滑絕緣的圓形軌道，位于豎直平面內，軌道半徑為R，下端與水平絕緣軌道在B點平滑連接整個軌道處在水平向左的勻強電場中現有一質量為m、帶正電的小滑塊（可視為質點）置于水平軌道上，滑塊受到的電場力大小為0.75mg，滑塊與水平軌道間的動摩擦因數為0.5，重力加速度為g（1）若滑塊從水平軌道上距離B點s=3R的A點由靜止釋放，滑塊到達與圓心O等高的C點時速度為多大？（2）在（1）的情況下，求滑塊到達C點時受到軌道的作用力大??；（3）改變s的大小，滑塊恰好始終沿軌道滑行，且從G點飛出軌道，求滑塊在圓軌道上滑行過程中的最小

11、速度大小14（16分）在某一旅游景區(qū)，建有一山坡滑草運動項目該山坡可看成傾角30的斜面，一名游客連同滑草裝置總質量m80kg，他從靜止開始勻加速下滑，在時間t5s內沿斜面滑下的位移x50m（不計空氣阻力，取g10 m/s2，結果可以保留根號）求：(1)游客在斜坡上的加速度大??；(2)滑草裝置與草皮之間的動摩擦因數；(3)設游客滑下50m后進入水平草坪，試求游客在水平面上滑動的最大距離.（游客從斜坡轉入水平草坪運動時速率不變，且滑草裝置與草皮間的動摩擦因數處處相同）15（12分）如圖，光滑水平面AB和粗糙斜面BC平滑連接，斜面傾角為53，SAB=SBC=3m。質量為m=2kg的小物塊在與水平面成

12、53角的恒力F=20N作用下，從A點由靜止開始沿ABC運動到C點。（取sin53=0.8，cos53=0.6，g=10m/s2）求： (1)物塊從A點運動到B點所用的時間t1； (2)若物塊在AB和BC上運動的時間之比為2:1，求物塊與斜面間的動摩擦因數； (3)若斜面光滑，改變恒力的大小（方向不變），仍能使物體沿ABC運動到C，求力F的取值范圍。 參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】以結點B為研究對象，分析受力情況，作出力的合成圖，根據平衡條件得出力與三角形ABC邊長的關系，再分析繩子拉力和BC桿的作用

13、力的變化情況【詳解】以結點B為研究對象，分析受力情況，作出力的合成圖如圖，根據平衡條件則知，F、N的合力F合與G大小相等、方向相反.根據三角形相似得：，又F合=G，得：，現使BCA緩慢變小的過程中，AB變小，而AC、BC不變，則得到，F變小，N不變，所以繩子越來越不容易斷，作用在BC桿上的壓力大小不變；故選A.【點睛】本題運用三角相似法研究動態(tài)平衡問題，直觀形象，也可以運用函數法分析研究2、B【解析】AD圖中原線圈接入恒定電流，變壓器不能工作，故A、D錯誤；B圖中原線圈匝數比副線圈匝數多，所以是降壓變壓器，故B正確；C圖中原線圈匝數比副線圈匝數少，所以是升壓變壓器，故C錯誤；故選B。3、D【解

14、析】A. 牛頓提出了萬有引力定律，卡文迪許用實驗測量了萬有引力常量，故A錯誤；B、物理學家法拉第最早引入了電場的概念，并提出用電場線形象表示電場，故B錯誤；C、法拉第對電磁感應現象的研究，將人類帶人了電氣化時代，故C錯誤；D. 安培提出了分子電流假說，解釋了磁鐵的磁場和電流的磁場在本質上相同，故D正確；故選D。4、B【解析】三個力的平衡,第三個力大小 7F1之間,所以A、D錯誤；若掛5個鉤碼,則可知MO處于水平.與題意M、N在同一水平線上,矛盾.所以B正確；5、D【解析】設細線與豎直方向的夾角為，細線的拉力大小為T，細線的長度為LP球做勻速圓周運動時，由重力和細線的拉力的合力提供向心力，如圖，

15、則有：，得角速度，使小球改到一個更高的水平面上作勻速圓周運動時，增大，減小，則得到細線拉力T增大，角速度增大，AB錯誤；對Q球，由平衡條件得知，Q受到桌面的靜摩擦力等于細線的拉力大小，Q受到桌面的支持力等于重力，則靜摩擦力變大，Q所受的支持力不變，C錯誤D正確【點睛】本題中一個物體靜止，一個物體做勻速圓周運動，采用隔離法，分別根據平衡條件和牛頓第二定律研究，分析受力情況是關鍵6、A【解析】A根據摩擦力產生的條件可知，有摩擦力一定有彈力，A正確；B當物體與支持面間的壓力一定時，滑動摩擦力與接觸面積無關，B錯誤；C滑動摩擦力可以是阻力，也可提供動力，C錯誤；D摩擦力與運動的速度大小無關，D錯誤；故

16、選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】a、b為兩個等量的正點電荷，其連線中垂線上電場強度方向PP，質子從P點到P點運動的過程中，電場力方向PP，但電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，則電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況不確定PP過程中，質子一直做加速運動，但加速度變化情況不確定【詳解】a、b是兩個電荷量都為Q的正點電荷。O是它們連線的中點，從P點靜止釋放一個質子后將向運動，由于電場強度方向是P指向，則質子受到的電場力指向，

17、所以質子做加速運動，由于電場強度的大小不定，從P到電場強度可能減小，也可能先增加后減小，也可能增加，所以加速度可能減小，也可能先增加后減小，也可能增加，沿電場線方向電勢降低，即質子所經過的位置越來越低，CD正確【點睛】等量同種正電荷電場中，在其中垂線上電場方向豎直向上，O點的電場強度為零，無窮遠處電場強度為零，所以從O向兩側先增大后減小，沿電場線方向電勢降低8、BD【解析】AB.盒子在最高點時，對小球有FNmg2mgT解得vT選項A錯誤，B正確；CD.盒子在最低點時，對小球有FNmg解得FN3mg選項C錯誤，D正確9、BC【解析】A、物體在下落過程中，重力做正功為，則重力勢能減小即為故A錯誤，

18、 B、物體所受的合力為，則合力做功為 ，所以動能增加了，故B正確；C、物體下落過程中受到向下的重力和向上的力，而物體下落過程中受到的合外力大小為 ，即 解得： 機械能的改變與做功的多少有關，所以機械能減少了 ，故C正確；D、由動能定理知： ，所以，故D錯誤；綜上所述本題答案是：BC10、AC【解析】A.探月航天器在接近月球表面的軌道上飛行，萬有引力提供衛(wèi)星做圓周運動的向心力，由G=m可得航天器的線速度故A正確；B.由mg=m2R可得航天器的角速度=故B錯誤；C.由mg=mR可得航天器的運行周期故C正確；D.由G=ma可得航天器的向心加速度故D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答

19、題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.090 C 向下 【解析】游標卡尺的讀數等于主尺讀數加上游標讀數，不需估讀；根據極短時間內的平均速度等于瞬時速度求出小球通過光電門時的速度，依據動能的增加量來自于重力勢能的減小量，再結合圖線，即可判定；減小實驗誤差，可讓平均速度更能接近瞬時速度，則減小擋光片寬度，也可以增大兩擋光片間距，從而即可求解.【詳解】(1)主尺讀數為1.0cm，游標讀數為0.0245=0.90mm，所以最終讀數為10.90mm=1.090cm.(2)要驗證機械能守恒，即判斷重力勢能的減小量與 動能的增加量是否相等，重力勢能的減小量為Ep=mgh，動能的增加量為：，而速度

20、，但，因此，整理得：，結合以L為橫軸，以為縱軸畫出了的圖線可知，故C正確，A，B錯誤.(3)為減小實驗誤差，結合上式，可得：可以減小擋光片寬度，也可以增大下落的高度，因此將光電門向下移動；【點睛】解決本題的關鍵掌握游標卡尺的讀數方法，主尺讀數加上游標讀數，不需估讀；解決本題的關鍵掌握驗證機械能守恒定律的實驗原理，知道極短時間的平均速度可以表示瞬時速度.12、正比于，故只須研究之間的比例關系即可表明之間的關系 盤內砝碼數量 D C 【解析】(1)1本實驗探究的是加速度與其他量之間的比例關系，在初速度為零的勻變速直線運動中有,若運動時間相等，則位移與加速度成正比，即此實驗中可以不測量加速度的具體值

21、，因為正比于，故只須研究之間的比例關系即可表明之間的關系；2實驗滿足砝碼盤和砝碼的總質量遠小于小車的質量，砝碼盤和砝碼的重力等于小車所受的合外力，所以通過改變盤內砝碼數量，就可以改變小車所受到的合力；(2)3根據牛頓第二定律，對砝碼有：對滑行器有：聯立可得：可見當時則有：所以當砝碼的質量遠小于滑行器的質量時，繩子對滑行器的拉力才可作為滑行器受到的合力；A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析不符，故C錯誤；D.與分析相符，故D正確。4由得：又：可得加速度為：(3)5平衡摩擦力的方法是用重力沿斜面向下的分力來抵消摩擦力的作用，具體做法是：將小車輕放（靜止）在長木板上，掛好紙

22、帶（紙帶和打點計時器的限位孔之間有摩擦力）、不掛砂桶，將長木板靠近打點計時器的一端適當墊高，形成斜面，輕推小車，使小車做勻速運動（紙帶上兩點間距離相等）即可；A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析相符，故C正確。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）；（3）；【解析】（1）設滑塊到達B點時的速度為v，由動能定理有：qE（S+R）mgSmgR=mv2而：qE=0.75mg，s=3R聯立解得：v=；（2）水平方向的合力提供向心力為：FqE=m解得：F=mg（3）要使滑塊恰好始終沿軌道

23、滑行，則滑至圓軌道DG間某點，由電場力和重力的合力提供向心力，此時速度最小則有：解得：vmin=14、 (1) (2) (3)【解析】(1)根據勻變速直線運動的位移時間公式求出下滑的加速度(2)對物體進行受力分析，根據牛頓第二定律求出下滑過程中的摩擦力滑草裝置在垂直于斜面方向合力等于零，求出支持力的大小，根據F=FN求出滑草裝置與草皮之間的動摩擦因數(3)先由位移速度公式求出游客到達最低點的速度，然后又牛頓第二定律求出加速度，最后由位移速度公式求出位移【詳解】由運動學公式：代入數據解得：a=4m/s2(2)沿斜面方向，由牛頓第二定律得：mgsin-f=ma在垂直斜面方向上：N-mgcos=0又

24、f=N聯立代入數據解得：(3)取水平向右為正方向，下滑50m后的速度，由vt=v0+at可得：vt=20m/s在水平面上：-mg=ma代入數據得：到游客停止時，代入數據解得：【點睛】解決本題的關鍵知道加速度是聯系力學和運動學的橋梁，通過加速度可以根據力求運動，也可以根據運動求力15、 (1)1s(2) (3) 10NF25N【解析】（1）對物塊進行受力分析Fcos53=ma1 a1=6m/s2根據位移時間公式可知， （2）由題意可知物塊在BC上的運動時間t2=t1=0.5s vB=a1t1=3m/s 解得：a2=0，即物塊在斜面上勻速運動 在斜面上對物塊進行受力分析，則有F=f+mgsin53N=mgcos53f=N 聯立上式解得： （3）當物塊與水平地面間彈力恰好為零時，F有最大值，則有：Fmaxsin53=mgFmax=25N 當物塊恰好能到達C點（vC=0）時，F值最小，由于SAB=SBC，物塊在AB間的加速度a1與BC間的加速度a2大小相等，根據牛頓第二定律可得Fmincos53=ma1 mg sin53Fmin=ma2解得：Fmin=10NF的取值范圍為：10NF25N