《福建省三明市永安三中2022-2023學(xué)年物理高三第一學(xué)期期中監(jiān)測(cè)試題（含解析）.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《福建省三明市永安三中2022-2023學(xué)年物理高三第一學(xué)期期中監(jiān)測(cè)試題（含解析）.doc（13頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是

2、符合題目要求的。1、如圖所示，物體A放置在固定斜面上，一平行斜面向上的力F作用于物體A上在力F變大的過程中，A始終保持靜止，則以下說法中正確的是（ ）A物體A受到的合力變大B物體A受到的支持力不變C物體A受到的摩擦力變大D物體A受到的摩擦力變小2、如圖所示，質(zhì)量為M的楔形物體靜止在光滑的水平地面上，其斜面光滑且足夠長(zhǎng)，與水平方向的夾角為.一個(gè)質(zhì)量為m的小物塊從斜面底端沿斜面向上以初速度v0開始運(yùn)動(dòng)當(dāng)小物塊沿斜面向上運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，速度大小為v，距地面高度為h，則下列關(guān)系式中正確的是( ) Amv0(mM)vBmv0cos(mM)vCmghm(v0sin)2D (mM)v2mv02+ mgh3、

3、下列說法中正確的是A伽利略猜想自由落體的運(yùn)動(dòng)速度與下落時(shí)間成正比，并直接用實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了驗(yàn)證B牛頓第一定律、牛頓第二定律都可以通過實(shí)驗(yàn)來驗(yàn)證C單位m、kg、s是一組屬于國(guó)際單位制的基本單位D用比值法定義的物理概念在物理學(xué)中占有相當(dāng)比例，例如加速度a=F/m就是采用了比值定義法4、據(jù)報(bào)道，2020年前我國(guó)將發(fā)射8顆海洋系列衛(wèi)星，包括2顆海洋動(dòng)力環(huán)境衛(wèi)星和2顆海陸雷達(dá)衛(wèi)星(這4顆衛(wèi)星均繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng))，以加強(qiáng)對(duì)黃巖島、釣魚島及西沙群島全部島嶼附近海域的監(jiān)測(cè)。設(shè)海陸雷達(dá)衛(wèi)星的軌道半徑是海洋動(dòng)力環(huán)境衛(wèi)星的n倍，下列說法正確的是( )A在相同時(shí)間內(nèi)，海陸雷達(dá)衛(wèi)星到地心的連線掃過的面積與海洋動(dòng)力環(huán)境衛(wèi)星

4、到地心的連線掃過的面積相等B海陸雷達(dá)衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑的三次方與周期的平方之比等于海洋動(dòng)力環(huán)境衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑的三次方與周期的平方之比C海陸雷達(dá)衛(wèi)星與海洋動(dòng)力環(huán)境衛(wèi)星角速度之比為D海陸雷達(dá)衛(wèi)星與海洋動(dòng)力環(huán)境衛(wèi)星周期之比為5、如圖所示，一質(zhì)量為m的物體系于輕彈簧l1和細(xì)線l2上，l1的一端懸掛在天花板上，與豎直方向夾角為，l2水平拉直，物體處于平衡狀態(tài)。重力加速度大小為g，下列說法正確的是A輕彈簧拉力大小為B輕繩拉力大小為C剪斷輕繩瞬間,物體加速度大小為D剪斷輕彈簧瞬間,物體加速度大小為6、如圖所示，一個(gè)小球沿光滑的漏斗壁在某一水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，關(guān)于小球的受力情況，下列說法正

5、確的是A只受重力和支持力B受重力、支持力和壓力C受重力、支持力和向心力D受重力、壓力和向心力二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、有三顆質(zhì)量相同的人造地球衛(wèi)星， 是放置在赤道附近還未發(fā)射的衛(wèi)星， 是靠近地球表面做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星， 是在高空的一顆地球同步衛(wèi)星比較三顆人造衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)周期、線速度、角速度和向心力，下列判斷正確的是（ ）ABCD8、如圖所示，兩個(gè)物塊A、B用輕質(zhì)彈簧相連接，放置在傾角為300的光滑斜面上，它們的質(zhì)量均為m，彈簧的勁度系數(shù)為k，C為一垂直斜面的固定

6、擋板，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用力F沿斜面方向拉物塊A使之向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物塊B剛離開C時(shí)，撤去拉力F，重力加速度為g。則此過程中（）。A物塊A沿斜面運(yùn)動(dòng)的移動(dòng)大小為B物塊A的機(jī)械能先增大后減小C物塊A,B及彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能一直增大D剛撤去拉力瞬間，物塊A的加速度大小為g9、如圖所示，ABC是一條長(zhǎng)軌道，其中AB段是傾角為的斜面，BC段是水平的，一質(zhì)量為m的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從A點(diǎn)由靜止滑下，最后停在C點(diǎn)已知滑塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，在B點(diǎn)兩軌道平滑連接，滑塊改變方向時(shí)無能量損失現(xiàn)用一沿著軌道方向的力拉滑塊，使它緩緩地由C點(diǎn)回到A點(diǎn)，則拉力對(duì)滑塊做的功等于：（ ）AmghB2mghCD10、

7、如圖（a），一物塊在t=0時(shí)刻滑上一固定斜面，其運(yùn)動(dòng)的vt圖線如圖（b）所示若重力加速度及圖中的、均為已知量，則可求出A斜面的傾角B物塊的質(zhì)量C物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)D物塊沿斜面向上滑行的最大高度三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“探究彈力與彈簧伸長(zhǎng)的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，測(cè)得彈簧的彈力F與彈簧長(zhǎng)度L的關(guān)系如圖所示，則該彈簧的原長(zhǎng)為_cm，勁度系數(shù)為_N/m。 12（12分）如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置可以用來驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。左側(cè)重物A帶有擋光片，其總質(zhì)量為m，右側(cè)重物B質(zhì)量為M，兩重物由跨過光滑定滑輪的繩相連。光電門可以測(cè)量擋光片經(jīng)過

8、光電門時(shí)的擋光時(shí)間，擋光片的寬度用b表示，擋光片與光電門之間的距離用h表示，擋光片通過光電門時(shí)的平均速度可看成擋光片通過光電門時(shí)的瞬時(shí)速度。(1)實(shí)驗(yàn)開始之前，先用游標(biāo)卡尺測(cè)量擋光片的寬度b。按上圖所示連接實(shí)驗(yàn)器材，實(shí)驗(yàn)時(shí)兩重物由靜止開始運(yùn)動(dòng)，重物A、B的質(zhì)量應(yīng)滿足的關(guān)系為M_m. (填大于、等于、小于)(2)在實(shí)驗(yàn)過程中，與光電門相連的數(shù)字毫秒計(jì)記錄下?lián)豕馄膿豕鈺r(shí)間為t，則擋光片通過光電門時(shí)的瞬時(shí)速度可表示為v=_。(用題中所給字母表示)(3)兩重物從靜止開始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)擋光片經(jīng)過光電門時(shí)，兩重物組成的系統(tǒng)動(dòng)能增加量可表示=_，系統(tǒng)的重力勢(shì)能減少量可表示為=_，在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，若滿足=

9、，則可認(rèn)為系統(tǒng)的機(jī)械能守恒。(重力加速度為g)(4)為了減小偶然誤差,實(shí)驗(yàn)時(shí)多次改變擋光片到光電門的距離h，作出的v2h圖象為一直線，并測(cè)得該圖象的斜率為k，則重力加速度表達(dá)式g=_。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在x0處的質(zhì)點(diǎn)O在垂直于x軸方向上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，形成沿x軸正方向傳播的機(jī)械波。在t0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)O開始從平衡位置向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)0.4 s第一次形成圖示波形，P是平衡位置為x0.5 m處的質(zhì)點(diǎn)。位于x6 m處的質(zhì)點(diǎn)B第一次到達(dá)波峰位置時(shí)，求位于x2 m處的質(zhì)點(diǎn)A通過的總路程。若從圖示狀態(tài)開

10、始計(jì)時(shí)，至少要經(jīng)過多少時(shí)間，P點(diǎn)通過平衡位置向上運(yùn)動(dòng)？14（16分）一位足球愛好者，做了一個(gè)有趣的實(shí)驗(yàn)：如圖所示，將一個(gè)質(zhì)量為m、半徑為R的質(zhì)量分布均勻的塑料彈性球框靜止放在粗糙的足夠大的水平臺(tái)面上，質(zhì)量為M（Mm）的足球（可視為質(zhì)點(diǎn)）以某一水平速度v0通過球框上的框口，正對(duì)球框中心射入框內(nèi)，不計(jì)足球運(yùn)動(dòng)中的一切阻力。結(jié)果發(fā)現(xiàn)，當(dāng)足球與球框發(fā)生第一次碰撞后到第二次碰撞前足球恰好不會(huì)從右端框口穿出。假設(shè)足球與球框內(nèi)壁的碰撞為彈性碰撞，只考慮球框與臺(tái)面之間的摩擦，求：（1）人對(duì)足球做的功和沖量大??；（2）足球與球框發(fā)生第一次碰撞后，足球的速度大?。唬?）球框在臺(tái)面上通過的位移大小。15（12分）如

11、圖所示，小球沿水平面通過O點(diǎn)進(jìn)入半徑為R的半圓弧軌道后恰能通過最高點(diǎn)P，然后落回水平面不計(jì)一切阻力，求：(1)小球經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)速度的大小？(2)小球落地點(diǎn)到O點(diǎn)的水平距離為多少？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】A.物體受重力、支持力、摩擦力及拉力的作用而處于靜止?fàn)顟B(tài)，故合力為零，故A錯(cuò)誤；B.將重力分解到沿斜面和垂直于斜面的方向；在垂直于斜面方向，重力的分力、支持力平衡，所以支持力不變，故B正確；CD.若，摩擦力沿斜面向下，受力分析如圖所示：由平衡得：，在力F變大的過程中，故根據(jù)平衡條件，靜摩擦力逐漸增

12、加；若，摩擦力向上，由平衡得：，故根據(jù)平衡條件，靜摩擦力應(yīng)先減小，后反方向增大，故CD錯(cuò)誤.故選B。2、B【解析】小物塊上升到最高點(diǎn)時(shí)，速度與楔形物體的速度相同，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，全過程機(jī)械能也守恒以向右為正方向，在小物塊上升過程中，由水平方向系統(tǒng)動(dòng)量守恒得：mv0cos=（m+M）v，故A錯(cuò)誤，B正確；系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mgh+（m+M）v2=mv02；故CD錯(cuò)誤；故選B點(diǎn)睛：本題主要考查了動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律的直接應(yīng)用，知道小物塊上升到最高點(diǎn)時(shí)，豎直方向速度為零，水平方向動(dòng)量守恒，難度適中3、C【解析】伽利略猜想自由落體的運(yùn)動(dòng)速度與下落時(shí)間成正比，但是并沒有通

13、過實(shí)驗(yàn)直接驗(yàn)證，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；牛頓第一定律不可以通過實(shí)驗(yàn)直接驗(yàn)證，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；在國(guó)際單位制中，m、kg、s是力學(xué)中的三個(gè)基本單位，選項(xiàng)C正確；用比值法定義的物理概念在物理學(xué)中占有相當(dāng)比例，例如加速度就是采用了比值定義法，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；綜上本題選C.4、B【解析】根據(jù)可得，衛(wèi)星到地心的連線掃過的面積為，半徑不同，面積不同，A錯(cuò)誤；由可知， 是一個(gè)定值，B正確；根據(jù)可知角速度之比為，C錯(cuò)誤；根據(jù)可知周期之比為，D錯(cuò)誤5、A【解析】AB.物體處于平衡狀態(tài)時(shí)，物體受力如圖所示： 由平衡條件得輕彈簧拉力大小為：F=輕繩拉力大小為：T=mgtan故A正確，B錯(cuò)誤；C.剪斷輕繩瞬間，彈簧的彈力不能突變，此瞬間物

14、體的合力大小等于T，由牛頓第二定律得：mgtan=ma解得加速度為：a=gtan故C錯(cuò)誤；D.剪斷輕彈簧的瞬間，繩子上的力發(fā)生突變，變?yōu)榱?，故物體只受重力作用，加速度：a=g故D錯(cuò)誤。6、A【解析】小球受重力和支持力，由兩個(gè)力的合力提供小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力；【詳解】小球只受重力和支持力兩個(gè)力的作用，靠?jī)蓚€(gè)力的合力提供向心力，向心力不是物體實(shí)際受到的力，是做圓周運(yùn)動(dòng)所需要的力，靠其它力提供，故A正確，BCD錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】本題是圓錐擺類型的問題，分析受力情況，確定小球向心力的來源，再由牛頓第二定律和圓周運(yùn)動(dòng)結(jié)合進(jìn)行分析，是常用的方法和思路。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每

15、小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】根據(jù)題意地球同步衛(wèi)星c周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同，即與放在赤道的衛(wèi)星a的周期相同，即，根據(jù)可知；對(duì)表面衛(wèi)星b與同步衛(wèi)星c，由可知， ，則，且 ；所以， 故AD錯(cuò)誤，BC正確故選BC8、CD【解析】開始時(shí)彈簧的壓縮量當(dāng)物塊B剛離開C時(shí)，彈簧的伸長(zhǎng)量所以物塊A沿斜面運(yùn)動(dòng)的位移大小為 x=x1+x2=，故A錯(cuò)誤。彈簧從壓縮狀態(tài)到恢復(fù)原長(zhǎng)的過程中，彈簧的彈力和拉力F都對(duì)A做正功，由功能原理知A的機(jī)械能增大。彈簧從原長(zhǎng)到伸長(zhǎng)的過程中，由于拉力F大于彈簧的彈力，除重力以外的力對(duì)A做正功，所以

16、A的機(jī)械能增大，因此A的機(jī)械能一直增大，故B錯(cuò)誤。由于拉力F一直做正功，所以由功能原理知：物塊A、B及彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能一直增大，故C正確。剛撤去拉力瞬間，物塊A的加速度大小，故D正確。故選CD?！军c(diǎn)睛】本題是連接體問題，關(guān)鍵是正確分析物體的受力情況，判斷能量的轉(zhuǎn)化情況。要靈活運(yùn)用功能原理分析物體機(jī)械能的變化情況。9、BD【解析】物體由A點(diǎn)下落至C點(diǎn)，設(shè)克服摩擦力做功為WAC，由動(dòng)能定理：mgh-WAC=0，即：WAC=mgh， 由于緩緩?fù)?，說明動(dòng)能變化量為零，設(shè)克服摩擦力做功為WCA，由動(dòng)能定理，當(dāng)物體從C點(diǎn)被推回A點(diǎn)有：WF-mgh-WCA=0 根據(jù)W=FLcos可得由A點(diǎn)下落至C，摩

17、擦力做得功為：從DA的過程摩擦力做功為： 聯(lián)立得：WAC=WCA 聯(lián)立得：；故A，C錯(cuò)誤，B，D正確.故選BD.【點(diǎn)睛】本題重點(diǎn)是抓住來回兩個(gè)過程摩擦力做功相等，理解緩緩?fù)频囊饬x，對(duì)來和會(huì)兩個(gè)過程應(yīng)用動(dòng)能定理即可求解10、ACD【解析】小球滑上斜面的初速度已知，向上滑行過程為勻變速直線運(yùn)動(dòng)，末速度0，那么平均速度即，所以沿斜面向上滑行的最遠(yuǎn)距離，根據(jù)牛頓第二定律，向上滑行過程，向下滑行，整理可得，從而可計(jì)算出斜面的傾斜角度以及動(dòng)摩擦因數(shù)，選項(xiàng)AC對(duì)根據(jù)斜面的傾斜角度可計(jì)算出向上滑行的最大高度，選項(xiàng)D對(duì)僅根據(jù)速度時(shí)間圖像，無法找到物塊質(zhì)量，選項(xiàng)B錯(cuò)【考點(diǎn)定位】牛頓運(yùn)動(dòng)定律【方法技巧】速度時(shí)間圖像

18、的斜率找到不同階段的加速度，結(jié)合受力分析和運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律是解答此類題目的不二法門三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 20 2000【解析】由圖可知，當(dāng)彈力為零時(shí)，彈簧原長(zhǎng)為20cm，根據(jù)胡克定律F=kx得：F=k（l-l0），由圖象斜率等于勁度系數(shù)：。12、大于 【解析】（1）1實(shí)驗(yàn)時(shí)需讓重物A向上加速，則重物A、B的質(zhì)量應(yīng)滿足的關(guān)系為Mm.（2）2根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度知，擋光片通過光電門的瞬時(shí)速度（3）3系統(tǒng)動(dòng)能的增加量4系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量Ep=（M-m）gh（4）5根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒得， 解得 則圖線的斜率解得重力加

19、速度 四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、25cm；0.5s【解析】結(jié)合題圖可分析出，該機(jī)械波的傳播周期為T0.8 s，波長(zhǎng)為4 m，振幅A5cm，該機(jī)械波的波速為：v由圖可知，此時(shí)波峰在x1 m處，當(dāng)波峰傳播到x6 m處的B點(diǎn)時(shí)，波向前傳播的距離為：x5m，所以質(zhì)點(diǎn)B第一次到達(dá)波峰位置所需要的時(shí)間：t解得t1.0s由題意知，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)B第一次到達(dá)波峰位置時(shí)，質(zhì)點(diǎn)A恰好振動(dòng)了5個(gè)四分之一個(gè)周期，所以質(zhì)點(diǎn)A通過的總路程為：s5A25cm若從圖示狀態(tài)開始計(jì)時(shí)，要使P點(diǎn)通過平衡位置向上運(yùn)動(dòng)，波向右傳播的距離為x2m+0.5m

20、=2.5m需要的時(shí)間：t得t=0.50s14、（1）；Mv0；（2）（3）【解析】（1）人對(duì)足球做的功W沖量：IMv0（2）足球的初速度為v0，第一次碰撞后，設(shè)足球的速度為v1，球框的速度為v2。對(duì)足球和球框組成的系統(tǒng)，由動(dòng)最守恒定律得：Mv0Mv1mv2 由能量守恒定律得聯(lián)立解得足球的速度球框的速度（3）多次碰撞后足球和球框最終靜止，設(shè)球框受到臺(tái)面的摩擦力為f，通過的總位移為x對(duì)足球和球框組成的系統(tǒng)，由能量守恒定律得又第一次碰撞后經(jīng)時(shí)間t，足球恰好未從框口穿出說明此時(shí)足球與球框二者共速，均為由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律得對(duì)球框，由動(dòng)量定理得 ftmv1mv2聯(lián)立解得球框通過的總位移x15、 (1) (2) 【解析】小球恰能通過最高點(diǎn)P，知在P點(diǎn)靠重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出在P點(diǎn)的速度大小，結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求出水平距離。【詳解】（1）在最高點(diǎn)P，根據(jù)牛頓第二定律得：解得：（2）小球離開最高點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)：水平距離為：x=vPt聯(lián)立以上解得：x=2R【點(diǎn)睛】本題考查綜合運(yùn)用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律和向心力知識(shí)的能力.