《2022-2023學(xué)年云南省屏邊縣第一中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中綜合測試模擬試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022-2023學(xué)年云南省屏邊縣第一中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中綜合測試模擬試題（含解析）.doc（16頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、光滑水平面上放有一上表面光滑、傾角為的斜面體A，斜面體質(zhì)量為M、底邊長為L，如圖所示將一質(zhì)量為m、可視為質(zhì)點的滑塊B從斜面的頂端由靜止釋放，滑塊B經(jīng)過時間t剛好滑到斜面底端

2、此過程中斜面對滑塊的支持力大小為FN，則下列說法中正確的是()AFN=mgcos B滑塊下滑過程中支持力對B的沖量大小為FNtcos C滑塊B下滑的過程中A、B組成的系統(tǒng)動量守恒D此過程中斜面體向左滑動的距離為L2、2018年初，浙江氣溫低，冰凍現(xiàn)象嚴(yán)重一小貓在爬一結(jié)冰的小山坡時，雖拼命攀爬，但由于打滑，其相對地面的位置沒有發(fā)生變化，則在這一過程中，小貓受到的力有A重力、支持力、靜摩擦力B重力、支持力、滑動摩擦力C重力、支持力、攀爬力、靜摩擦力D重力、支持力、攀爬力、滑動摩擦力3、如圖所示為一質(zhì)點在平直軌道上運動的vt圖象則下列說法正確的是()A01 s內(nèi)與23 s內(nèi)質(zhì)點的速度方向相反B23

3、s內(nèi)與34 s內(nèi)質(zhì)點的加速度方向不同C01 s內(nèi)與34 s內(nèi)質(zhì)點的位移不同D02 s內(nèi)與04 s內(nèi)質(zhì)點的平均速度相同4、雨滴在空中下落的過程中，空氣對它的阻力隨其下落速度的增大而增大。若雨滴下落過程中其質(zhì)量的變化及初速度的大小均可忽略不計，以地面為重力勢能的零參考面。從雨滴開始下落時計時，關(guān)于雨滴下落過程中其加速度的大小a、動能Ek、機械能E以及距地面的高度h隨時間變化的情況，如圖所示的圖像中可能正確的是（ ）ABCDE.5、將驗證動量守恒定律的實驗裝置搬到豎直墻壁的附近，調(diào)整儀器，使球A從斜軌上由靜止釋放，并在水平軌道末端與球B發(fā)生正碰后，兩球都能打在墻上。 已知A、B兩球半徑相同，A球的質(zhì)

4、量大于B球的質(zhì)量，則下列說法正確的是A此裝置無法驗證動量守恒定律B碰撞后瞬間，A球的速度大于B球的速度C碰撞后， A、B兩球同時打到墻上D碰撞后，A球在墻上的落點在B球落點的下方6、如圖，光滑的四分之一圓弧軌道A、B固定在豎直平面內(nèi)，A端與水平面相切，穿在軌道上的小球在拉力F的作用下，緩慢地由A向B運動，F(xiàn)始終沿軌道的切線方向，軌道對球的彈力為N在運動過程中AF增大，N減小BF減小，N減小CF增大，N增大DF減小，N增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、空間中P、Q

5、兩點處各固定一個點電荷，P、Q兩點附近電場的等勢面分布如圖所示，a、b、c、d為電場中的4個點，已知a、c的電勢關(guān)系為ac，則( )AP、Q兩點處的電荷為等量同種電荷Ba點和b點的電場強度相同Cc點的電勢低于d點的電勢D負電荷從b到d電勢能增加8、如圖所示，一小球（可視為質(zhì)點）套在固定的水平光滑橢圓形軌道上，橢圓的左焦點為P，長軸AC=2L0，短軸BD=L0，原長為L0的輕彈簧一端套在過P點的光滑軸上，另一端與小球連接若小球做橢圓運動，在A點時的速度大小為v0，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，則下列說法正確的是（ ）A小球在A點時彈簧的彈性勢能大于在C點時的彈性勢能；B小球在A、C兩點時的動能相等；C

6、小球在B、D點時的速度最大；D小球在B點時受到軌道的彈力沿BO方向9、如圖，長為L、質(zhì)量為M的木板靜置在光滑的水平面上，在木板上放置一質(zhì)量為m的物塊，物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為.物塊以v0從木板的左端向右滑動，若木板固定不動時，物塊恰好能從木板的右端滑下若木板不固定時，下列敘述正確的是（ ）A物塊不能從木板的右端滑下B對系統(tǒng)來說產(chǎn)生的熱量QmgLC經(jīng)過，物塊與木板便保持相對靜止D摩擦力對木板所做的功等于物塊克服摩擦力所做的功10、如圖所示，斜面上放有兩個完全相同的物體a、b，兩物體間用一根細線連接，在細線的中點加一與斜面垂直的拉力F，使兩物體均處于靜止?fàn)顟B(tài)則下列說法正確的是( )Aa、b兩物

7、體的受力個數(shù)一定相同Ba、b兩物體受到的摩擦力大小一定相等Ca、b兩物體對斜面的壓力相同D當(dāng)逐漸增大拉力F時，物體a先開始滑動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用如圖a所示裝置做“驗證動能定理”的實驗。實驗時，通過電磁鐵控制小鐵球從P處自由下落，小鐵球依次通過兩個光電門甲、乙，測得遮光時間分別為和，兩光電門中心點間的高度差為h。(1)用游標(biāo)卡尺測得小鐵球直徑如圖b所示，則小鐵球的直徑d =_mm；(2)為驗證動能定理，還需知道的物理量是_（填物理量名稱及符號），驗證動能定理的表達式為：_；(3)由于光電門甲出現(xiàn)故障，某同學(xué)實驗時

8、只改變光電門乙的高度，進行多次實驗獲得多組數(shù)據(jù)，分別計算出各次小鐵球通過光電門乙時的速度v，并作出并作出v2-h圖像。圖(c)中給出了a、b、c三條直線，他作出的圖像應(yīng)該是直線_；由圖像得出，小鐵球到光電門甲中心點的高度差為_cm，小鐵球通過光電門甲時的速度為_m/s。（計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）12（12分）為了驗證碰撞中動量守恒和檢驗兩個小球的碰撞是否為彈性碰撞(碰撞過程中沒有機械能損失)，某同學(xué)選取了兩個體積相同、質(zhì)量不相等的小球，按下述步驟做了如下實驗:(1)用天平測出兩個小球的質(zhì)量(分別為m1和m2，且m1m2)(2)按照如圖所示的那樣，安裝好實驗裝置將斜槽AB固定在桌邊，使槽的末端

9、點的切線水平將一斜面BC連接在斜槽末端(3)先不放小球m2，讓小球m1從斜槽頂端A處由靜止開始滾下，記下小球在斜面上的落點位置(4)將小球m2放在斜槽前端邊緣處，讓小球m1從斜槽頂端A處滾下，使它們發(fā)生碰撞，記下小球m1和小球m2在斜面上的落點位置(5)用毫米刻度尺量出各個落點位置到斜槽末端點B的距離圖中D、E、F點是該同學(xué)記下的小球在斜面上的幾個落點位置，到B點距離分別為L0、L1、L2根據(jù)該同學(xué)的實驗，回答下列問題：(1)小球m1與m2發(fā)生碰撞后，m1的落點是圖中的_點，m2的落點是圖中的_點(2)用測得的物理量來表示，只要滿足關(guān)系式_，則說明碰撞中動量是守恒的(3)用測得的物理量來表示，

10、只要再滿足關(guān)系式_，則說明兩小球的碰撞是彈性碰撞四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示為一種打地基所用的夯，打夯時四人分別握住夯錘的一個把手，同時向上用力然后同時松手，夯落至地面將地基夯實若已知夯的質(zhì)量為80kg，每個人對夯施加豎直向上的力均恒為250N，力的持續(xù)時間為0.4s，夯落地時將地面砸出的凹痕深為2cm，重力加速度g取10m/s2。求：（1）夯離地瞬間的加速度； （2）夯砸入地面的過程中夯對地面的平均作用力. 14（16分）如圖所示，長度為l的輕繩上端固定在O點，下端系一質(zhì)量為m的小球（小球

11、的大小可以忽略）、（1）在水平拉力F的作用下，輕繩與豎直方向的夾角為，小球保持靜止，畫出此時小球的受力圖，并求力F的大?。?）由圖示位置無初速度釋放小球，求當(dāng)小球通過最低點時的速度大小及輕繩對小球的拉力不計空氣阻力15（12分）如圖所示平面直角坐標(biāo)系中，P點在x軸上，其坐標(biāo)，Q點在負y軸上某處。整個第象限內(nèi)有平行于y軸的勻強電場，第象限和第象限內(nèi)均有一圓形區(qū)域，其中第象限內(nèi)的圓形區(qū)域半徑為L，與x軸相切于A點（A點坐標(biāo)未知）。第象限內(nèi)的圓形區(qū)域未知，并且兩個圓形區(qū)域內(nèi)均有垂直于xOy平面的相同的勻強磁場。電荷量為+q、質(zhì)量為m、速率為v0的粒子a從A點沿y軸正方向射入圓形區(qū)域，射出圓形區(qū)域后沿

12、x軸正方向射入第象限，通過P點后射入第象限；電荷量為-q、質(zhì)量為m、速率為v0的粒子b從Q點向與y軸成60夾角的方向射入第象限，經(jīng)過并離開未知圓形區(qū)域后與粒子a發(fā)生相向正碰。不計粒子的重力和粒子間相互作用力。求(1)第象限內(nèi)圓形區(qū)域磁場磁感應(yīng)強度B的大小和方向；(2)第象限內(nèi)勻強電場的場強大小E和方向；(3)第象限內(nèi)未知圓形磁場區(qū)域最小面積S。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】當(dāng)滑塊B相對于斜面加速下滑時，斜面A水平向左加速運動，所以滑塊B相對于地面的加速度方向不再沿斜面方向，即沿垂直于斜面方向的合外力

13、不再為零，所以斜面對滑塊的支持力不等于，A錯誤；滑塊B下滑過程中支持力對B的沖量大小為，B錯誤；由于滑塊B有豎直方向的分加速度，所以系統(tǒng)豎直方向合外力不為零，系統(tǒng)的動量不守恒，C錯誤；系統(tǒng)水平方向不受外力，水平方向動量守恒，設(shè)A、B兩者水平位移大小分別為，則，解得，D正確；故選D.2、B【解析】小貓爬的時候，受重力和山坡的支持力；由于打滑，故受到的是滑動摩擦力，B正確3、C【解析】試題分析：速度的正負表示質(zhì)點的運動方向；速度圖象的斜率等于質(zhì)點的加速度；根據(jù)斜率的大小可判斷加速度的大小，由斜率的正負確定加速度的方向；速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移在速度時間圖像的中，速度值的正負表示方向，

14、從圖中可知01 s內(nèi)與23 s內(nèi)質(zhì)點的速度都為正，所以速度方向相同，A錯誤；斜率的大小表示加速度的大小，斜率的正負表示加速度的方向，故從圖中 可知23 s內(nèi)與34 s內(nèi)質(zhì)點的加速度方向相同，B錯誤；速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移，則01s內(nèi)位移為正，34s內(nèi)質(zhì)點的位移為負，位移不同，C正確；速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移，02s內(nèi)與04s內(nèi)質(zhì)點的位移相同，但所用時間不同，則平均速度不相同，D錯誤4、B【解析】AB根據(jù)牛頓第二定律得，速度增大，阻力增大，加速度減小，雨滴做加速度減小的加速運動，當(dāng)加速度減小到零，雨滴做勻速直線運動，故A錯誤，B正確；C雨滴的動能從零開始逐漸變大，最

15、后階段保持不變，選項C錯誤； D雨滴下落時，由于阻力作用，則機械能一直減小，不會趨近某一定值，選項D錯誤；E雨滴下落時不是勻加速運動，則h-t關(guān)系不是直線，選項E錯誤；故選B.5、D【解析】兩球碰撞后均做平拋運動，根據(jù)高度比較平拋運動的時間，碰撞過程中動量守恒，運用水平位移與時間的比值代替速度得出動量守恒的表達式，從而驗證動量守恒定律；【詳解】A、碰撞前后小球均做平拋運動，在豎直方向上：，平拋運動時間：，設(shè)軌道末端到木條的水平位置為x，未放B球時，小球A下落的高度為，放上小球B后，A和B碰撞后下落的高度分別為和，則碰撞前后小球做平拋運動的初速度分別為：，如果碰撞過程動量守恒，則：將速度代入動量

16、守恒表達式解得：，分別將、和代入即可驗證動量守恒定律，故選項A錯誤；B、由碰撞的實際過程可知，碰撞后瞬間，由于A球質(zhì)量大于B球質(zhì)量，則導(dǎo)致A球的速度小于B球的速度，故選項B錯誤；C、由上面分析可知，導(dǎo)致，導(dǎo)致碰撞后， A、B兩球不會同時打到墻上，A球時間長，后達到墻壁上，即A球在墻上的落點在B球落點的下方，故選項C錯誤，D正確。【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動的時間由高度決定，與初速度無關(guān)，知道碰撞的過程中，動量守恒，運用水平位移與時間的比值代替速度得出動量守恒的表達式，從而驗證動量守恒定律。6、A【解析】對球受力分析，受重力、支持力和拉力，如圖，根據(jù)共點力平衡條件，有N=mgcos F=m

17、gsin其中為支持力N與豎直方向的夾角；當(dāng)物體向上移動時，變大，故N變小，F(xiàn)變大；故A正確，BCD錯誤故選A注：此題答案應(yīng)該是A.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】A根據(jù)電場的圖象可以知道，該電場是等量同種異號電荷的電場，故A錯誤；B等量同種異號電荷的電場線分布具有對稱性（上下、左右），a點和b點的電場強度大小相等，而方向不同。故B錯誤；C由題ac，結(jié)合電場線從正電荷出發(fā)到負電荷終止，順著電場線方向電勢逐漸降低，可知Q帶正電，P帶負電；c點與d點比較可知

18、，c點離P點（負電荷）的距離更近，所以c點的電勢較低。故C正確；D圖中a點的電勢高于c點電勢，可知Q帶正電，P帶負電，所以由圖可知 b點的電勢高于d點的電勢；而負電荷在電勢高處電勢能小，在電勢低處電勢能大，可知負電荷從b到d，電勢降低，電勢能增大。故D正確。8、BCD【解析】小球運動過程中彈性勢能和動能相互轉(zhuǎn)化，因為彈簧原長為，半長軸的長為，故在A點彈簧處于壓縮狀態(tài)，形變量等于PO的長度，在C點彈簧長度等于，故伸長量等于PO的長度，所以在AC兩點彈簧的形變量相等，彈簧的彈性勢能相等，故在AC兩點的動能相等，A錯誤B正確；設(shè)另外一個焦點為，在BD兩點時，故B到P點的距離等于，即等于彈簧原長，在彈

19、簧恢復(fù)原長時，彈性勢能為零，小球的動能最大，所以在BD兩點速度最大，C正確；因為小球套在軌道上，所以在B點軌道的彈力沿BO方向，D正確；9、AC【解析】A、木板固定不動時，物塊減少的動能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能木板不固定時，物塊向右減速的同時，木板要向右加速，物塊減少的動能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能和木板的動能，所以產(chǎn)生的內(nèi)能必然減小，物塊相對于木板滑行的距離要減小，不能從木板的右端滑下故A正確B、對系統(tǒng)來說，產(chǎn)生的熱量Q=fs相對=mgs相對mgL，故B錯誤C、設(shè)物塊塊與木板最終的共同速度為v，滑塊和木板系統(tǒng)動量守恒，取向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律，有：mv0=（m+M）v，對木板M，由動量定理得：mgt

20、=Mv，聯(lián)立解得，故C正確D、由于物塊與木板相對于地的位移大小不等，物塊對地位移較大，而摩擦力大小相等，所以摩擦力對木板所做的功小于物塊克服摩擦力所做的功故D錯誤故選AC【點睛】本題的關(guān)鍵是明確木塊和木板的運動規(guī)律，正確分析能量的轉(zhuǎn)化情況要知道木板不固定時，木塊和木板組成的系統(tǒng)動量守恒10、CD【解析】試題分析：對ab進行受力分析，如圖所示：b物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)繩子沿斜面向上的分量與重力沿斜面向下的分量相等時，摩擦力為零，b的摩擦力可以為零，而a的摩擦力一定不為零，所以b可能只受3個力作用，而a物體必定受到摩擦力作用，肯定受4個力作用，故A錯誤；對a分析沿斜面方向有：，對b分析沿斜面方向有：

21、，可見a、b受的摩擦力不相等，B錯誤；ab兩個物體，垂直于斜面方向受力都平衡，則有：，解得，則a、b兩物體對斜面的壓力相同，故C正確；物體受到的靜摩擦力時始終大于物體的靜摩擦力，當(dāng)拉力增加時到某一值時此時a物體即將滑動，但是b物體的摩擦力小于a物體的摩擦力，因此不會滑動，D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、6.30 重力加速度g a 10.0 1.41(1.341.41) 【解析】(1)1小鐵球的主尺讀數(shù)為6mm，游標(biāo)讀數(shù)為，則小鐵球的直徑為6.30mm；(2)23根據(jù)動能定理則有：而則驗證的動能定理表達式為：可知還需要測量的物理

22、量是重力加速度；(3)4改變光電門乙的高度，根據(jù)知：知正確的圖線為直線；5當(dāng)時，小鐵球到光電門甲中心點的高度差為；6小鐵球通過光電門甲時的速度：12、D F 【解析】考查驗證碰撞中動量守恒?！驹斀狻浚?）小球m1和小球m2相撞后，小球m2的速度增大，小球m1的速度減小，都做平拋運動，所以碰撞后m1球的落地點是D點，m2球的落地點是F點；（2）碰撞前，小于m1落在圖中的E點，設(shè)其水平初速度為v1小球m1和m2發(fā)生碰撞后，m1的落點在圖中的D點，設(shè)其水平初速度為v1，m2的落點是圖中的F點，設(shè)其水平初速度為v2 設(shè)斜面BC與水平面的傾角為，由平拋運動規(guī)律得：解得： 同理可解得：，所以只要滿足,即，

23、說明兩球碰撞過程中動量守恒；（3）若為彈性碰撞，則碰撞前后機械能守恒，則需滿足關(guān)系式：即。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) 2.5 m/s2（2）10800N【解析】試題分析：(1) 根據(jù)牛頓第二定律求出夯錘的加速度；(2) 根據(jù)位移時間公式求出夯錘勻加速上升的位移，松手后向上做豎直上拋運動，根據(jù)速度位移公式求出繼續(xù)上升的高度，從而得出上升的最大高度，再由自由落體運動公式求出夯錘落地時的速度，綜合牛頓第二定律求平均作用力。(1) 根據(jù)牛頓第二定律得，夯錘的加速度；(2) 松手前上升的高度，松手時夯速度，

24、松手后夯做豎直上拋運動，上升高度，夯上升的最大高度 夯由最高點落到地面過程，夯入地面s=2cm過程，由牛頓第二定律有， 代入數(shù)據(jù)解得。點晴：本題考查了牛頓第二定律和運動學(xué)公式的綜合，關(guān)鍵理清物體運動過程，結(jié)合牛頓第二定律和運動學(xué)公式求解，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運動學(xué)的橋梁。14、（1）F=mgtan（2），方向豎直向上【解析】試題分析：（1）為了求出F的大小，我們首先做出小球此時的受力示意圖，根據(jù)共點力平衡條件求出F；（2）小球向下擺動的時候只有重力做功，所以用機械能守恒定律可以求出最低點的速度，在最低點根據(jù)合力充當(dāng)向心力，由牛頓第二定律列出向心力方程，可以求出繩子對小球的拉力解：（1）受力圖

25、如圖所示根據(jù)平衡條件小球受到的拉力大小F=mgtan（2）運動中只有重力做功，系統(tǒng)機械能守恒則通過最低點時，小球的速度大小根據(jù)牛頓第二定律解得輕繩對小球的拉力，方向豎直向上答：（1）小球受到的拉力為mgtan（2）通過最低點時，小球的速度大為輕繩對小球的拉力為mg（32cos），方向豎直向上【點評】本題的關(guān)鍵是首先根據(jù)受力分析做出力的示意圖；根據(jù)機械能守恒求出最低點的速度，正確列出向心力方程是一道綜合性較好的中檔題目15、（1） 磁場方向垂直紙面向外（2） 方向沿y軸負方向；（3）【解析】（1）設(shè)粒子a在圓形區(qū)域內(nèi)勻強磁場中做圓周運動的半徑為R，則R=L因為洛倫茲力等于向心力：聯(lián)立解得方向垂直紙面向外（2）設(shè)粒子a在第象限內(nèi)勻強電場中運動的加速度為a0，運動時間為t，則豎直方向：水平方向上：聯(lián)立解得方向沿y軸負方向（3）設(shè)粒子a在P點的速度為v，與x軸正方向的夾角為，y軸方向的速度大小是vy，則，=30粒子b先做勻速直線運動，進入未知圓形區(qū)域，在洛倫茲力作用下向左偏轉(zhuǎn)120，離開未知圓形區(qū)域，速度方向與離開P點的粒子a的速度在一條直線上，才可能與粒子a發(fā)生相向正撞，如圖所示設(shè)粒子b在未知圓形區(qū)域內(nèi)做勻速圓周運動的圓心為O1，半徑為R1，射入和射出點分別為e和h未知圓形區(qū)域的最小區(qū)域是以he為直徑的圓，設(shè)he長為D，則根據(jù)幾何知識可知：則面積為：代入數(shù)據(jù)解得：