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1、安徽省宿州市泗縣一中2020學(xué)年度上學(xué)期期末考試卷高二物理 一、選擇題1. 關(guān)于電場線的說法，正確的是（ ）A. 電場線就是電荷運動的軌跡B. 在靜電場中靜止釋放的點電荷，一定沿電場線運動C. 電場線上某點的切線方向與正電荷的運動方向相同D. 電場線上某點的切線方向與負電荷在該點所受電場力的方向相反【答案】D【解析】解：A、電場線上某點的切線方向即為電場強度的方向，若是正電荷，電場力方向與電場強度方向相同，而電荷運動的軌跡在電場線上，電場線必須是直線，故A錯誤；B、在靜電場中靜止釋放的點電荷，若電場線是直線，則電場力與電場線共線，而電場線不一定直線，故B錯誤；C、電場線上某點的切線方向是電場強

2、度的方向，是正電荷所受電場力的方向，不一定是運動方向，若是從靜止開始，則一定是相同，故C錯誤；D、電場線上某點的切線方向與負電荷在該點所受電場力的方向相反，與正電荷在該點所受電場力的方向相同故D正確；故選：D【點評】電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布當(dāng)正電荷沿著電場線方向移動時，電場力做正功，則電勢能減少，所以電勢在減少當(dāng)負電荷沿著電場線方向移動時，電場力做負功，則電勢能增加，而電勢仍減小2. 將一電源電動勢為E、內(nèi)阻為r的電池與外電路連接，構(gòu)成一個閉合電路，用R表示外電路電阻，I表示電路的總電流，下列說法正確的是（ ）A. 由U外IR可知，外電壓隨I的增大而增大B. 由U內(nèi)Ir可知，

3、電源兩端的電壓隨I的增大而增大C. 由U外EIr可知，電源輸出電壓隨輸出電流I的增大而減小D. 由PIU外可知，電源的輸出功率P隨輸出電流I的增大而增大【答案】C【解析】試題分析：由全電路歐姆定律可知，U外EIr，則電源輸出電壓隨輸出電流I的增大而減小，故選項C正確；在A選項中，U外IR可知，外電壓與電流和電阻兩個因素有關(guān)，故不能說電流增大，外電壓就增大，其實電流增大是通過外電阻減小實現(xiàn)的，故選項A錯誤；B選項中，電源兩端的電壓也是指的路端電壓，它也是隨外電阻R的增大而增大，而不是隨電流的增大而增大，選項B錯誤；D選項中，由PIU外可知，電源的輸出功率P與輸出電流I和電壓有關(guān)，故不能說只通過輸

4、出電流就判斷其大小，選項D錯誤?？键c：全電路歐姆定律，路端電壓。3. 如圖所示，兩個定值電阻R1、R2串聯(lián)后接在電壓U穩(wěn)定于16V的直流電源上，有人把一個內(nèi)阻不是遠大于R1、R2的電壓表接在R1兩端，電壓表的示數(shù)為10V。如果他把電壓表改接在R2兩端，則電壓表的示數(shù)將A. 小于6VB. 等于6VC. 大于6V小于10VD. 等于或大于10V【答案】A【解析】將電壓表與電阻R1并聯(lián)，電壓表的讀數(shù)為10 V，則電阻R2兩端的電壓等于6 V。若將電壓表與電阻R2并聯(lián)，則其并聯(lián)電阻小于R2，根據(jù)串聯(lián)電阻的電壓分配可知，電壓表的讀數(shù)將小于6 V，故A正確，BCD錯誤。4. 一個正點電荷Q靜止在正方形的一

5、個角上，另一個帶電質(zhì)點射入該區(qū)域時，恰好能經(jīng)過正方形的另外三個角a、b、c，如圖所示，則有：A. a、b、c三點的電勢高低及場強大小的關(guān)系是，B. 若改變帶電質(zhì)點在a處的速度大小和方向，有可能使其經(jīng)過三點a、b、c做勻速圓周運動C. 帶電質(zhì)點在a、b、c三處的加速度大小之比是1:2:1D. 帶電質(zhì)點由a到b電勢能增加，由b到c電場力做正功，在b點動能最小【答案】D【解析】A、根據(jù)點電荷的電場線的特點：順著電場線方向電勢降低，知Q與a、c距離相等，都小于b，故b點的電勢低于a、c兩點的電勢，即；，則，故A錯誤；B、由于場強大小不同，故根據(jù)知，帶電質(zhì)點在ac兩點與b點受到的電場力大小不相等，所以不

6、可能其經(jīng)過a、b、c三點做勻速圓周運動，故B錯誤；C、根據(jù)牛頓第二定律得，得帶電質(zhì)點在a、b、c三處的加速度大小之比是，故C錯誤；D、帶電質(zhì)點受到的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出粒子與固定在O點的電荷Q是異種電荷，它們之間存在引力，所以質(zhì)點由a到b電場力做負功，電勢能增加，動能減?。挥蒪到c電場力做正功，動能增大，在b點動能最小，故D正確。點睛：本題屬于電場中軌跡問題，考查學(xué)生的分析推理能力，關(guān)鍵要根據(jù)質(zhì)點軌跡的彎曲方向，判斷出質(zhì)點受到的電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，進而判斷出質(zhì)點的電性。5. 如圖所示，宇宙射線中存在高能帶電粒子，假如大氣層被破壞，這些粒子就會到達地球，從而給地球上的生命帶

7、來危害，根據(jù)地磁場的分布特點，判斷下列說法中正確的是A. 地磁場對直射地球的宇宙射線的阻擋作用在南北兩極最強，赤道附近最弱B. 地磁場對直射地球的宇宙射線的阻擋作用在赤道附近最強，南北兩極最弱C. 地磁場對宇宙射線的阻擋作用在地球周圍各處相同D. 地磁場對宇宙射線無阻擋作用【答案】B【解析】試題分析：高能帶電粒子到達地球受到地磁場的洛倫茲力作用，發(fā)生偏轉(zhuǎn)不同的磁場，所受到的洛倫茲力大小不一，而磁場在南、北兩極最強赤道附近最弱，則地磁場對垂直射向地球表面的宇宙射線的阻擋作用在南、北兩極最弱，赤道附近最強，故B正確考點：考查了洛倫茲力【名師點睛】本題考查了地球磁場的分布特點和左手定則的應(yīng)用，掌握好

8、左手定則即可判斷粒子的受力的方向，從而判斷粒子的運動情況6. 科學(xué)家研究發(fā)現(xiàn)，磁敏電阻（GMR）的阻值隨所處空間磁場的增強而增大，隨所處空間磁場的減弱而變小，如圖所示電路中GMR為一個磁敏電阻，R和R2為滑動變阻器，R1和R3為定值電阻，當(dāng)開關(guān)S1和S2閉合時，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。則A. 只調(diào)節(jié)電阻R2，當(dāng)P2向下端移動時，電阻R1消耗的電功率變大B. 只調(diào)節(jié)電阻R2，當(dāng)P2向下端移動時，帶電微粒向下運動C. 只調(diào)節(jié)電阻R，當(dāng)P1向右端移動時，電阻R1消耗的電功率變大D. 只調(diào)節(jié)電阻R，當(dāng)P1向右端移動時，帶電微粒向下運動【答案】C【解析】只調(diào)節(jié)電阻R2，當(dāng)P2向下端移動時，回

9、路中電流不變，電阻R1消耗的電功率不變電容器板間電壓增大，板間場強增大，微粒所受的電場力增大，所以帶電微粒向上運動故AB錯誤只調(diào)節(jié)電阻R，當(dāng)P1向右端移動時，滑動變阻器接入電路的阻值增大，電源電動勢不變，所以電路中的電流減小，電磁鐵的磁性減弱；由于電磁鐵磁性的減弱，導(dǎo)致了磁敏電阻GMR的阻值減小，則通過R1的電流增大，其電功率增大電容器兩端的電壓增大，板間場強增大，微粒所受的電場力增大，所以帶電微粒向上運動故C正確，D錯誤故選C.點睛：此題的邏輯性非常強，要讀懂題意，把握有效信息：磁敏電阻（GMR）的阻值隨所處空間磁場的增強而增大，再進行動態(tài)分析7. 長為L的通電直導(dǎo)線放在傾角為的光滑斜面上，

10、并處在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，如圖所示，當(dāng)B方向豎直向上，電流為I1時導(dǎo)體處于平衡狀態(tài)，若B方向改為垂直斜面向上，則電流為I2時導(dǎo)體處于平衡狀態(tài)，電流比值應(yīng)為()A. cosB. C. sinD. 【答案】B【解析】試題分析：若磁場方向豎直向上，則安培力水平方向由平衡條件可得：mgtan=BI1L；若磁場方向垂直于斜面向上，則安培力沿斜面向上由平衡條件可得：mgsin=BI2L，則I1：I2=1：cos，故選B考點：安培力【名師點睛】學(xué)會區(qū)分左手定則與右手定則，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感應(yīng)電流的方向。8. 如圖所示，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r當(dāng)滑動變阻器R的滑片P從右端滑到左端

11、時，發(fā)現(xiàn)電壓表V1、V2示數(shù)變化的絕對值分別為U1和U2，下列說法中正確的是（ ）A. 小燈泡L1、L3變暗，L2變亮B. 小燈泡L3變暗，L1、L2變亮C. U1U2D. U1U2【答案】BC【解析】試題分析：當(dāng)滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，分析變阻器接入電路的電阻的變化，確定外電路總電阻的變化，分析總電流和路端電壓的變化，判斷燈L2亮度的變化根據(jù)總電流的變化，分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷L3亮度的變化根據(jù)總電流與通過L3電流的變化，分析通過L1電流的變化，判斷其亮度變化根據(jù)路端電壓的變化，分析U1和U2的大小解：A、B、當(dāng)滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，變阻器接入電路的電阻減小，

12、外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則L2變亮變阻器的電阻減小，并聯(lián)部分的電阻減小，則并聯(lián)部分電壓減小，則L3變暗總電流增大，而L3的電流減小，則L1的電流增大，則L1變亮故A錯誤，B正確C、D、由上分析可知，電壓表V1的示數(shù)減小，電壓表V2的示數(shù)增大，由于路端電壓減小，所以U1U2故C正確，D錯誤故選：BC【點評】本題是電路動態(tài)變化分析問題，按“局部整體局部”思路進行分析運用總量法分析兩電壓表讀數(shù)變化量的大小9. 如圖所示，是一個由電池、電阻R、開關(guān)S與平行板電容器組成的串聯(lián)電路，開關(guān)閉合，在增大電容器兩極板間距離的過程中()A. 電阻R中沒有電流B. 電容器的電容變小C. 電阻R中

13、有從a流向b的電流D. 電阻R中有從b流向a的電流【答案】BC【解析】試題分析：增大電容器兩極板間距離，根據(jù)公式可得電容減小，由于連接在電源兩端，所以電容器兩極板間的電壓恒定，根據(jù)公式可得兩極板上的電荷量減小，故電容放電，電阻R中有從a流向b的電流，故BC正確；考點：考查了電容器的動態(tài)變化【名師點睛】在分析電容器動態(tài)變化時，需要根據(jù)判斷電容器的電容變化情況，然后結(jié)合，等公式分析，需要注意的是，如果電容器和電源相連則電容器兩極板間的電壓恒定，如果電容器充電后與電源斷開，則電容器兩極板上的電荷量恒定不變10. .如圖所示，在x軸上相距為L的兩點固定兩個等量異種點電荷+Q、-Q，虛線是以+Q所在點為

14、圓心，為半徑的圓，a、b、c、d是圓上的四個點，其中a、c兩點在x軸上，b、d兩點關(guān)于x軸對稱，下列判斷正確的是A. b、d兩點處的電勢相同B. 四個點中c點處的電勢最低C. b、d兩點處的電場強度相同D. 將一試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，+q的電勢能減小【答案】ABD【解析】A、該電場為等量異種點電荷的電場，將等量異種點電荷的電場線與等勢面的圖畫出如圖，與該題的圖比較可得：該電場中的電勢關(guān)于x軸上下對稱，所以b、d兩點的電勢相等，故A正確；B、c點在兩個電荷連線的中點上，也是在兩個電荷連線的中垂線上，所以它的電勢和無窮遠處的電勢相等。而正電荷周圍的電場的電勢都比它高，即c點的電勢在四個

15、點中是最低的，故B正確；C、該電場中的電場強度關(guān)于x軸對稱，所以bd兩點場強大小相等，方向是對稱的，不相同的，故C錯誤；D、c點的電勢低于a點的電勢，試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，電場力做正功，+q的電勢能減小，故D正確。故選：ABD。點睛：該電場中的電勢、電場強度都關(guān)于x軸對稱，所以bd兩點的電勢相等，場強大小相等，方向是對稱的；c點在兩個電荷連線的中點上，也是在兩個電荷連線的中垂線上，所以它的電勢和無窮遠處的電勢相等，最低。視頻11. 如圖所示，實線為方向未知的三條電場線，a、b兩帶電粒子從電場中的O點以相同的初速度飛出僅在電場力作用下，兩粒子的運動軌跡如圖中虛線所示，則（）A. a一定帶正電，b一定帶負電B. a加速度減小，b加速度增大C. a電勢能減小，b電勢能增大D. a和b的動能一定都增大【答案】BD【解析】A、由運動軌跡如圖可知，做曲線運動的軌跡朝著合外力的方向彎曲，若a帶正電、b的受力與a相反，則b一定帶負電，故A正確. B、根據(jù)a、b兩粒子做曲線運動軌跡彎曲程度即電場線的疏密可知，b所處的電場線變密，電場強度變強，所受的電場力在增大，加速度在