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1、臺(tái)州市聯(lián)誼五校2020學(xué)年第一學(xué)期高二期中考試 物理選考試卷一、選擇題1.自然界的電、熱和磁等現(xiàn)象都是相互聯(lián)系的，很多物理學(xué)家為尋找它們之間的聯(lián)系做出了貢獻(xiàn)。下列說法不正確的是()A. 奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系B. 歐姆發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，說明了熱現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間存在聯(lián)系C. 法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系D. 楞次在分析了許多實(shí)驗(yàn)事實(shí)后提出，感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化【答案】B【解析】【詳解】奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系，選項(xiàng)A正確；歐姆發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，說明了流

2、過導(dǎo)體的電流與導(dǎo)體兩端的電壓、導(dǎo)體的電阻之間的聯(lián)系；焦耳發(fā)現(xiàn)了焦耳定律，說明了熱現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間存在聯(lián)系。故B錯(cuò)誤；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系，選項(xiàng)C正確；楞次在分析了許多實(shí)驗(yàn)事實(shí)后提出，感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化，選項(xiàng)D正確；此題選擇不正確的選項(xiàng)，故選B.2.有關(guān)電場(chǎng)強(qiáng)度的理解，下述說法正確的是()A. 由可知，電場(chǎng)強(qiáng)度E跟放入的電荷q所受的電場(chǎng)力成正比B. 在電場(chǎng)中某點(diǎn)放入試探電荷q，該點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為，取走q后，該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)不變C. 由可知，在離點(diǎn)電荷很近，r接近于零時(shí)，電場(chǎng)強(qiáng)度達(dá)無窮大D. 沿電場(chǎng)線方向，場(chǎng)強(qiáng)一定越來

3、越大【答案】B【解析】【詳解】電場(chǎng)強(qiáng)度由電場(chǎng)本身決定，與電荷的電量以及所受的電場(chǎng)力無關(guān)，由可知，電場(chǎng)強(qiáng)度E等于電荷q所受的電場(chǎng)力F與電量q的比值，選項(xiàng)A錯(cuò)誤； 在電場(chǎng)中某點(diǎn)放入試探電荷q，該點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為，取走q后，該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)不變，選項(xiàng)B正確；在離點(diǎn)電荷很近，r接近于零時(shí)，電場(chǎng)強(qiáng)度的公式不再適用，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；沿電場(chǎng)線方向，場(chǎng)強(qiáng)不一定越來越大，可能減小或不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B.3.在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中某處P放一個(gè)長(zhǎng)度為L(zhǎng)20 cm，通電電流I1 A的直導(dǎo)線，測(cè)得它受到的最大磁場(chǎng)力F1.0 N，現(xiàn)將該通電導(dǎo)線從磁場(chǎng)中撤走，則P處磁感應(yīng)強(qiáng)度為()A. 0 B. 0.2 T C. 0.05 T D. 5 T【答案

4、】D【解析】【詳解】由題意，通電導(dǎo)線放入磁場(chǎng)中所受安培力最大，說明導(dǎo)線與磁場(chǎng)垂直，則有F=BIL得：； 磁感應(yīng)強(qiáng)度是由磁場(chǎng)本身決定的，與是否有電流無關(guān)，故將該通電導(dǎo)線從磁場(chǎng)撤走，則P處磁感應(yīng)強(qiáng)度保持不變。故D正確。故選D?！军c(diǎn)睛】解決本題關(guān)鍵要知道當(dāng)通電導(dǎo)線垂直放入磁場(chǎng)中時(shí)，所受的安培力最大，掌握安培力公式F=BIL，并知道安培力與磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直4.兩個(gè)放在絕緣架上的相同金屬球相距r，球的半徑比r小得多，帶電量大小分別為-q和3q，引力大小為3F?，F(xiàn)將這兩個(gè)金屬球相接觸，然后分開，仍放回原處，則它們之間的相互作用力大小將變?yōu)椋?）A. 4F B. 2F C. F D. F【答案】D【解析】【詳

5、解】由庫侖定律可得：；即；兩電荷由于引力，則帶異種電荷，當(dāng)兩球接觸后再分開平分總電量，故分開后兩球的帶電量為q；則庫侖力F=F，故ABC錯(cuò)誤，D正確；故選D。5.如圖為某一電場(chǎng)的電場(chǎng)線，M、N、P為電場(chǎng)線上的三個(gè)點(diǎn)，M、N是同一電場(chǎng)線上兩點(diǎn)，下列判斷正確的是（ ）A. M、N、P三點(diǎn)中M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最大B. M、N、P三點(diǎn)中N點(diǎn)的電勢(shì)最高C. 負(fù)電荷在N點(diǎn)的電勢(shì)能大于在M點(diǎn)的電勢(shì)能D. 正電荷從M點(diǎn)自由釋放，電荷將沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)【答案】C【解析】【詳解】電場(chǎng)線的疏密反應(yīng)了場(chǎng)的強(qiáng)弱，N點(diǎn)處電場(chǎng)線最密，所以N點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大，故A錯(cuò)誤；順著電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低，所以M點(diǎn)的電勢(shì)最高，故B錯(cuò)誤；根據(jù)EP=

6、q，MPN可知，負(fù)電荷在N點(diǎn)電勢(shì)能大于在M點(diǎn)的電勢(shì)能，故C正確；在M點(diǎn)靜止釋放，正電荷在電場(chǎng)力的作用下運(yùn)動(dòng)，但是運(yùn)動(dòng)軌跡并不是電場(chǎng)線，故D錯(cuò)誤。故選C?！军c(diǎn)睛】解答此題的關(guān)鍵是知道電場(chǎng)線的特點(diǎn)：電場(chǎng)線的疏密反應(yīng)了場(chǎng)的強(qiáng)弱；順著電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低判斷電勢(shì)能的大小也可通過電場(chǎng)力做功來判斷：電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加6.將閉合多匝線圈置于僅隨時(shí)間變化的磁場(chǎng)中，線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直，關(guān)于線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流，下列表述正確的是()A. 感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與線圈的匝數(shù)無關(guān)B. 穿過線圈的磁通量越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大C. 穿過線圈的磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大D. 感

7、應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)方向始終相同【答案】C【解析】試題分析：解答本題應(yīng)掌握感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)取決于磁通量的變化快慢，與磁通量的變化及磁通量無關(guān)解：由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=n，即感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與線圈匝數(shù)有關(guān)故A錯(cuò)誤；同時(shí)可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量的變化率有關(guān)，磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，故C正確；穿過線圈的磁通量大，但若所用的時(shí)間長(zhǎng)，則電動(dòng)勢(shì)可能小，故B錯(cuò)誤；由楞次定律可知：感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向總是阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化，故原磁通增加，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與之反向，原磁通減小，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同，即“增反減同”，故D錯(cuò)誤；故選C【點(diǎn)評(píng)】感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)取決于穿過線圈的磁通量的

8、變化快慢，在理解該定律時(shí)要注意區(qū)分磁通量、磁通量的變化量及磁通量變化率三者間區(qū)別及聯(lián)第視頻7.兩相鄰勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不同、方向平行。一速度方向與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直的帶電粒子（不計(jì)重力），從較強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域進(jìn)入到較弱磁場(chǎng)區(qū)域后，粒子的( )A. 軌道半徑減小，角速度增大B. 軌道半徑減小，角速度減小C. 軌道半徑增大，角速度增大D. 軌道半徑增大，角速度減小【答案】D【解析】解：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提高向心力，由牛頓第二定律有：qvB=m，解得：r=，從較強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域進(jìn)入到較弱磁場(chǎng)區(qū)域后B減小，所以r增大線速度、角速度的關(guān)系為：v=R線速度v不變，半徑r增大，所以角

9、速度減小，故D正確，ABC錯(cuò)誤故選：D【點(diǎn)評(píng)】本題考查了粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，解答該題要明確洛倫茲力始終不做功，洛倫茲力只是改變帶電粒子的運(yùn)動(dòng)方向，應(yīng)用牛頓第二定律、線速度與角速度的關(guān)系即可解題視頻8.為靜電除塵器除塵機(jī)理的示意圖。塵埃在電場(chǎng)中通過某種機(jī)制帶電，在電場(chǎng)力的作用下向集塵極遷移并沉積，以達(dá)到除塵目的。下列表述正確的是（ ）A. 到達(dá)集塵極的塵埃帶正電荷B. 電場(chǎng)方向由放電極指向集塵極C. 帶電塵埃電勢(shì)能越來越大D. 同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場(chǎng)力越大【答案】D【解析】【詳解】由圖示可知，集塵機(jī)電勢(shì)高，放電極電勢(shì)低，放電極與集塵極間電場(chǎng)方向向左，即電場(chǎng)方向由集塵極指向放電極，塵埃

10、在電場(chǎng)力的作用下向集塵極遷移，則知塵埃所受的電場(chǎng)力向右，故到達(dá)集塵極的塵埃帶負(fù)電荷，故AB錯(cuò)誤。帶電塵埃在電場(chǎng)力作用下向集塵極運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由F=Eq可知，同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場(chǎng)力越大，故D正確；故選D。【點(diǎn)睛】本題考查運(yùn)用分析實(shí)際問題工作原理的能力，解題時(shí)，抓住塵埃的運(yùn)動(dòng)方向是突破口，要求同學(xué)們熟練掌握靜電的防止與應(yīng)用的具體實(shí)例9.如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為 E的直流電源(內(nèi)阻不計(jì))連接，下極板接地，靜電計(jì)所帶電荷量 很少，可被忽略一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的 P 點(diǎn)現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小 段距離，則說正確的是( )A. 平

11、行板電容器的電容將變小B. 靜電計(jì)指針張角變小C. 平行板電容器的電量不變D. 若先將上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開，再將下極板向下移動(dòng)一小段距離，則帶電油滴所受電場(chǎng)力變小【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)知，d增大，則電容減小。故A正確。靜電計(jì)測(cè)量的是電容器兩端的電勢(shì)差，因?yàn)殡娙萜魇冀K與電源相連，則電勢(shì)差不變，所以靜電計(jì)指針張角不變。故B錯(cuò)誤。電勢(shì)差U不變，電容C減小，根據(jù)Q=CU可知平行板電容器的電量減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；電容器與電源斷開，則電荷量Q不變，d改變，根據(jù)，知電場(chǎng)強(qiáng)度不變，則油滴所受電場(chǎng)力不變。故D錯(cuò)誤。故選A?！军c(diǎn)睛】本題是電容器的動(dòng)態(tài)分析問題，關(guān)鍵抓住不變量，當(dāng)電容器與電源始終相連，則

12、電勢(shì)差不變，當(dāng)電容器與電源斷開，則電荷量不變，只改變兩板間距離時(shí)，板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變10.如圖所示，長(zhǎng)為2L的直導(dǎo)線折成邊長(zhǎng)相等、夾角為60的V形，并置于與其所在平面相垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，當(dāng)在該導(dǎo)線中通以電流強(qiáng)度為I的電流時(shí)，該V形通電導(dǎo)線受到的安培力大小為( )A. 0 B. 0.5BIL C. BIL D. 2BIL【答案】C【解析】試題分析：導(dǎo)線在磁場(chǎng)內(nèi)有效長(zhǎng)度為，故該V形通電導(dǎo)線受到安培力大小為，選項(xiàng)C正確，選項(xiàng)ABD錯(cuò)誤。考點(diǎn)：安培力【名師點(diǎn)睛】由安培力公式進(jìn)行計(jì)算，注意式中的應(yīng)為等效長(zhǎng)度，本題考查安培力的計(jì)算，熟記公式，但要理解等效長(zhǎng)度的意義。視頻11.如圖為一種服務(wù)型

13、機(jī)器人，其額定功率為48W. 額定工作電壓為24V。機(jī)器人的鋰電池容量為20Ah. 則機(jī)器人A. 額定工作電流為20A B. 充滿電后最長(zhǎng)工作時(shí)間為2hC. 電池充滿電后總電量為 D. 以額定電流工作時(shí)毎秒消耗能量為20J【答案】C【解析】A、由得：, A錯(cuò)誤；B、，B錯(cuò)誤；C、，C正確；D、以額定電流工作時(shí)每秒消耗能量.12.某實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來驗(yàn)證楞次定律。當(dāng)條形磁鐵自上而下穿過固定的線圈時(shí)，通過電流計(jì)的感應(yīng)電流方向是A. aGbB. 先aGb，后bGaC. bGaD. 先bGa，后aGb【答案】D【解析】磁鐵向下插入線圈，穿過線圈的磁場(chǎng)方向向下，磁通量增加，根據(jù)楞次定律可知，

14、回路中產(chǎn)生逆時(shí)針方向的電流，通過檢流計(jì)的電流方向bGa磁鐵向下串出線圈，穿過線圈的磁場(chǎng)方向向下，磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，回路中產(chǎn)生順時(shí)針方向的電流，通過檢流計(jì)的電流方向aGb13.如圖所示，回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，設(shè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，D形金屬盒的半徑為R，狹縫間的距離為d，勻強(qiáng)電場(chǎng)間的加速電壓為U，要增大帶電粒子（電荷量為q、質(zhì)量為m，不計(jì)重力）射出時(shí)的動(dòng)能，則下列方法中正確的是A. 減小勻強(qiáng)電場(chǎng)間的加速電壓UB. 減小磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度BC. 增大狹縫間的距離dD. 增大D形金屬盒的半徑R【答案】D【解析】離子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：qvB=m，解得則動(dòng)

15、能有：EK=mv2=，由此可知：粒子的動(dòng)能與加速的電壓無關(guān)，狹縫間的距離無關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和D形盒的半徑有關(guān)，增大磁感應(yīng)強(qiáng)度和D形盒的半徑，可以增加粒子的動(dòng)能故D正確，ABC 錯(cuò)誤故選D點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器電場(chǎng)和磁場(chǎng)的作用，知道粒子的最大動(dòng)能與加速的電壓無關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和D形盒的半徑有關(guān)14.如圖所示，兩根相距為l的平行直導(dǎo)軌ab、cd，b、d間連有一固定電阻R，導(dǎo)軌電阻可忽略不計(jì)MN為放在ab和cd上的一導(dǎo)體桿，與ab垂直，其電阻也為R整個(gè)裝置處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌所在平面（指向圖中紙面內(nèi)）現(xiàn)對(duì)MN施力使它沿導(dǎo)軌方向以速度v（如圖）做勻速運(yùn)動(dòng)令U表示MN兩端電壓的大小，則（）A. ，流過固定電阻R的感應(yīng)電流由b到dB. ，流過固定電阻R的感應(yīng)電流由d到bC. U=vBl，流過固定電阻R的感應(yīng)電流由b到dD. U=vBl，流過固定電阻R的感應(yīng)電流由d到b【答案】