《山西省長(zhǎng)治市2022-2023學(xué)年物理高一上期末調(diào)研模擬試題含解析.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《山西省長(zhǎng)治市2022-2023學(xué)年物理高一上期末調(diào)研模擬試題含解析.doc（11頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023學(xué)年高一上物理期末模擬試卷注意事項(xiàng):1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。4作圖可先使用鉛筆畫(huà)出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯(cuò)選和不選得零分）1、質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的位移x與時(shí)間t的關(guān)系為x=5t+t2（各物理量均采用國(guó)際單位制單位），則該質(zhì)點(diǎn)（ ）A.第1s內(nèi)的位移

2、是5mB.前2s內(nèi)的平均速度是6m/sC.任意相鄰的1s 內(nèi)位移差都是1mD.任意1s內(nèi)的速度增量都是2m/s2、 “力的合成的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中體現(xiàn)的物理思想方法是( )A.控制變量的方法B.等效替代的方法C.建立物理模型的方法D.取微元的方法3、2010年10月1日19時(shí)整“嫦娥二號(hào)”成功發(fā)射。其環(huán)月飛行的高度為100km，所探測(cè)到的有關(guān)月球的數(shù)據(jù)將比環(huán)月飛行高度為200km的“嫦娥一號(hào)”更加翔實(shí)。若兩顆衛(wèi)星環(huán)月的運(yùn)行均可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)行軌道如圖所示。則（）A.“嫦娥二號(hào)”環(huán)月運(yùn)行周期比“嫦娥一號(hào)”小B.“嫦娥二號(hào)”環(huán)月運(yùn)行的線速度比“嫦娥一號(hào)”小C.“嫦娥二號(hào)”環(huán)月運(yùn)行的向心加

3、速度比“嫦娥一號(hào)”小D.“嫦娥二號(hào)”環(huán)月運(yùn)行的向心力與“嫦娥一號(hào)”相等4、描述運(yùn)動(dòng)和力的關(guān)系式（）A.牛頓第一定律和牛頓第二定律B.牛頓第一定律和牛頓第三定律C.牛頓第二定律和牛頓第三定律D.牛頓第一定律、牛頓第二定律和牛頓第三定律5、如圖所示，將一張A4紙質(zhì)量可忽略不計(jì)夾在物理書(shū)內(nèi)，書(shū)對(duì)A4紙的壓力為3N，A4紙與書(shū)之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，要把A4紙從書(shū)中拉出，拉力至少應(yīng)為A.B.C.3ND.6、提出“力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”的觀點(diǎn)并通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)來(lái)闡述的科學(xué)家是A.亞里士多德B.伽利略C.笛卡爾D.牛頓7、下列所給的圖象中能反映作直線運(yùn)動(dòng)的物體回到初始位置的是( )A.B.C.D.8、一人

4、站在電梯內(nèi)體重計(jì)上，電梯靜止時(shí)體重計(jì)示數(shù)500N若電梯運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，他看到體重計(jì)的示數(shù)為600N，則電梯的運(yùn)動(dòng)可能為（ ）A.加速向上，加速度大小為2m/s2B.減速向上，加速度大小為2m/s2C.加速向下，加速度大小為2m/s2D.減速向下，加速度大小為2m/s29、一個(gè)物體做變速直線運(yùn)動(dòng)，物體加速度從某一值逐漸減小到零則在此過(guò)程中，下列關(guān)于該物體的運(yùn)動(dòng)情況的說(shuō)法中可能正確的是( )A.物體速度不斷增大，加速度減小到零時(shí)，物體速度最大B.物體速度不斷減小，加速度減小到零時(shí)，物體速度為零C.物體速度不斷減小到零，然后物體反向做加速直線運(yùn)動(dòng)D.物體速度不斷增大，然后速度逐漸減小10、一質(zhì)點(diǎn)向東做勻

5、變速直線運(yùn)動(dòng)，其位移表達(dá)式為s=(10t-t2)m，則A.質(zhì)點(diǎn)先向東做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，后向西做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.質(zhì)點(diǎn)的加速度大小是1m/s2C.質(zhì)點(diǎn)的加速度大小是2m/s2D.在12s末，質(zhì)點(diǎn)在出發(fā)點(diǎn)以西24m處11、2019年1月6日亞洲杯在阿聯(lián)拉開(kāi)帷幕足球運(yùn)動(dòng)是目前體育界最具影響力的項(xiàng)目之一，深受青少年喜愛(ài)，在下列有關(guān)足球的情景中，說(shuō)法正確的是（）A.靜止在地面上的足球，足球?qū)Φ孛娴膲毫偷孛鎸?duì)足球的支持力是一對(duì)作用力與反作用力B.足球被運(yùn)動(dòng)員踢起，腳對(duì)足球的作用力大于足球?qū)δ_的作用力C.足球被運(yùn)動(dòng)員踢起，足球既是受力物體，也是施力物體D.守門(mén)員用手接住足球，手對(duì)足球的作用力先于足球?qū)κ值?/p>

6、用力，所以能將足球停住12、如圖所示，在水平面上，質(zhì)量為10 kg的物塊A拴在一個(gè)被水平拉伸的彈簧一端，彈簧的另一端固定在小車上，小車靜止不動(dòng)，彈簧對(duì)物塊的彈力大小為5 N時(shí)，物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，若小車以加速度a =1 m/s2沿水平地面向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí)（ ）A.物塊A相對(duì)小車仍靜止B.物塊A受到摩擦力將減小C.物塊A受到的摩擦力大小不變D.物塊A受到的彈力將增大二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫(xiě)在題中橫線上）13、（6分）如圖所示，在動(dòng)摩擦因數(shù)0.2的水平面上，質(zhì)量m2kg的物塊與水平輕彈簧相連，物塊在與水平方向成45角的拉力F作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時(shí)水平面對(duì)物塊的支持力恰好為零g取10m/s2，

7、則此時(shí)彈簧彈力的大小為_(kāi)N,如果撤去拉力F，撤去瞬間，物體的加速度大小為_(kāi)m/s2.14、（10分）某物理興趣小組利用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證“三個(gè)共點(diǎn)力作用下的平衡條件“。三根細(xì)線在處打結(jié)，一根細(xì)線懸掛一質(zhì)量為的鉤碼，另外兩根細(xì)線分別掛在彈簧測(cè)力計(jì)、的掛鉤上，測(cè)力計(jì)的另一端掛在定點(diǎn)上，水平向左拉動(dòng)彈簧測(cè)力計(jì)，使彈簧測(cè)力計(jì)向左偏離一定角度，當(dāng)結(jié)點(diǎn)靜止時(shí)，分別讀出測(cè)力計(jì)和的示數(shù)，在豎直平板的白紙上記錄結(jié)點(diǎn)的位置和三根細(xì)線的方向。（1）在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中某同學(xué)認(rèn)為必須注意如下幾項(xiàng)，其中正確的是_A細(xì)繩必須等長(zhǎng)B連接彈簧測(cè)力計(jì)和鉤碼的細(xì)線必須成角C在使用彈簧測(cè)力計(jì)時(shí)要注意彈簧測(cè)力計(jì)與木板平面平行D重復(fù)多次

8、實(shí)驗(yàn)時(shí)，要求點(diǎn)的位置一定靜止在同一位置（2）本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是_A理想實(shí)驗(yàn)法 B等效替代法 C控制變量法 D建立物理模型法（3）圖中測(cè)力計(jì)的示數(shù)為_(kāi)。三、計(jì)算題要求解題步驟，和必要的文字說(shuō)明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，質(zhì)量分別為和的木塊A、B，用一勁度系數(shù)的輕質(zhì)彈簧連接放在水平地面上，最初整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)用一豎直向上的力緩慢拉動(dòng)木塊A直到木塊B剛好離開(kāi)地面。求：（）(1)最初系統(tǒng)靜止時(shí)輕質(zhì)彈簧的形變量；(2)木塊B剛好離開(kāi)地面時(shí)輕質(zhì)彈簧的形變量。16、（12分）質(zhì)量為4kg的物體，在04s內(nèi)受水平力F的作用，在410s內(nèi)因受摩擦力作用而停止，其v-t圖象如圖所示求：(

9、1)在010s內(nèi)物體的位移；(2)物體所受的摩擦力；(3)在04s內(nèi)物體所受的拉力；17、（12分）如圖甲所示，傾角為37的傳送帶以恒定速率逆時(shí)針運(yùn)行，現(xiàn)將一質(zhì)量m2 kg的小物體輕輕放在傳送帶的A端，物體相對(duì)地面的速度隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙所示，2 s末物體到達(dá)B端，取沿傳送帶向下為正方向，g10 m/s2，sin 370.6，求：（1）小物體在傳送帶A、B兩端間運(yùn)動(dòng)的平均速度v；（2）物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)；參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯(cuò)選和不選得零分）1、D【解析】第1s內(nèi)的位移只需將t1代入即可求出x=6m，A錯(cuò)誤；前2s內(nèi)的平均速度

10、為，B錯(cuò)；由題給解析式可以求得加速度為a=2m/s2，C錯(cuò)；由加速的定義可知D選項(xiàng)正確2、B【解析】該實(shí)驗(yàn)中，兩個(gè)力拉繩套和一個(gè)力拉繩套時(shí)，節(jié)點(diǎn)要到同一位置，即要求作用效果相同，故采用了“等效替代”的科學(xué)思想方法；A.控制變量的方法，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.等效替代的方法，與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；C.建立物理模型的方法，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.取微元的方法，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤3、A【解析】設(shè)月球的質(zhì)量為M，嫦娥衛(wèi)星的質(zhì)量為m，軌道半徑為r。根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有：解得：周期，線速度，向心加速度A周期，由題知“嫦娥二號(hào)”環(huán)月運(yùn)行的半徑比“嫦娥一號(hào)”小，所以“嫦娥二號(hào)”環(huán)月運(yùn)行

11、的周期比“嫦娥一號(hào)”更小，A正確；B線速度，由題知“嫦娥二號(hào)”環(huán)月運(yùn)行的半徑比“嫦娥一號(hào)”小，所以“嫦娥二號(hào)”環(huán)月運(yùn)行時(shí)的線速度比“嫦娥一號(hào)”更大，B錯(cuò)誤；C向心加速度，由題知“嫦娥二號(hào)”環(huán)月運(yùn)行的半徑比“嫦娥一號(hào)”小，所以“嫦娥二號(hào)”環(huán)月運(yùn)行時(shí)的向心加速度比“嫦娥一號(hào)”更大，C錯(cuò)誤；D向心力，由于無(wú)法知道兩者質(zhì)量關(guān)系，所以無(wú)法判斷向心力的大小，D錯(cuò)誤。故選A。4、A【解析】牛頓第一定律：一切物體總保持勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)，直到有外力迫使它改變這種狀態(tài)。它揭示了力不是物體運(yùn)動(dòng)的原因，而是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；牛頓第二定律：物體的加速度與物體受到的合外力成正比，與物體的質(zhì)量成反比，它揭示

12、了物體受到力后運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化的快慢與力之間的關(guān)系；牛頓第三定律：兩個(gè)物體之間的作用力和反作用力總是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，它揭示了物體之間的相互作用力的特點(diǎn)，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)。由以上的分析可知，描述運(yùn)動(dòng)和力的關(guān)系的物理定律是牛頓第一定律和牛頓第二定律。故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。5、B【解析】A4紙與書(shū)上下兩個(gè)接觸面都有滑動(dòng)摩擦力，則有： ；當(dāng)拉力等于摩擦力時(shí)，拉力最小，所以有：，故選B6、B【解析】伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)推翻了亞里士多德的“力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”的觀點(diǎn)，故B正確；故選B。7、ACD【解析】A由圖可知，物體開(kāi)始和結(jié)束時(shí)的縱坐標(biāo)均為0，說(shuō)明物體又回到了初始位置，故

13、A正確；B由圖可知，物體一直沿正方向運(yùn)動(dòng)，位移增大，故無(wú)法回到初始位置，故B錯(cuò)誤；C物體第1s內(nèi)的位移沿正方向，大小為2m，第2s內(nèi)位移為2m，沿負(fù)方向，故2s末物體回到初始位置，故C正確；D物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，2s末時(shí)物體的總位移為零，故物體回到初始位置，故D正確；故選ACD。8、AD【解析】電梯靜止時(shí)體重計(jì)示數(shù)500N，表示人的重力為500N，所以人的質(zhì)量為50kg；電梯運(yùn)動(dòng)時(shí)體重計(jì)示數(shù)600N表示體重計(jì)對(duì)人的支持力為600N，由牛頓第二定律N-mg=ma解得方向向上，所以電梯可能加速上升或減速下降。故選AD。9、ABC【解析】當(dāng)加速度的方向與速度方向相同，物體做加速運(yùn)動(dòng)，加速度減小，速

14、度增大，當(dāng)加速度減小為零，速度達(dá)到最大，故A正確，D錯(cuò)誤當(dāng)加速度的方向與速度方向相反，物體做減速運(yùn)動(dòng)，可能加速度減小為零時(shí)，速度恰好減為零，故B正確當(dāng)加速度的方向與速度方向相反，物體做減速運(yùn)動(dòng)，速度減為零時(shí)，加速度還未減為零，然后物體反向做加速直線運(yùn)動(dòng)，故C正確故選ABC考點(diǎn)：速度和加速度【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握判斷物體做加速運(yùn)動(dòng)還是減速運(yùn)動(dòng)的方法，關(guān)鍵看加速度的方向與速度方向的關(guān)系10、ACD【解析】ABC將勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間關(guān)系公式對(duì)比可得：質(zhì)點(diǎn)的初速度為10m/s，加速度大小是2m/s2，方向向西，則知質(zhì)點(diǎn)先向東做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，后向西做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故AC正確，B錯(cuò)誤；D

15、t=12s時(shí)，代入得即質(zhì)點(diǎn)在出發(fā)點(diǎn)以西24m處，故D正確。故ACD。11、AC【解析】A、足球?qū)Φ孛娴膲毫偷孛鎸?duì)它的支持力作用在不同的物體，屬于一對(duì)相互作用力，故A正確；B、腳對(duì)足球的作用力和足球?qū)δ_的作用力是兩個(gè)物體之間的相互作用，二者大小相等，故B錯(cuò)誤；C、足球被運(yùn)動(dòng)員踢起，足球既是受力物體，同時(shí)也是施力物體，故C正確；D、手對(duì)足球的作用力和足球?qū)κ值挠昧κ且粚?duì)作用力與反作用力，二者是同時(shí)發(fā)生的，故D錯(cuò)誤12、AC【解析】物體開(kāi)始時(shí)受彈力為5N，而處于靜止?fàn)顟B(tài)，受到的靜摩擦力為5N，說(shuō)明物體的最大靜摩擦力大于等于5N；當(dāng)小車的加速度為1m/s2，若兩物體將保持相對(duì)靜止時(shí)，物體的加速度為a

16、=1m/s2，則需要的外力為10N；根據(jù)彈力和最大靜摩擦力可求出物體相對(duì)于小車靜止的最大加速度，當(dāng)小車的加速度小于等于最大加速度時(shí)，物體與小車仍保持相對(duì)靜止彈簧的彈力不變，摩擦力大小不變【詳解】物體開(kāi)始時(shí)受彈力F=5N，而處于靜止?fàn)顟B(tài)，說(shuō)明受到的靜摩擦力為5N，則物體的最大靜摩擦力Fm5N當(dāng)物體相對(duì)于小車向左恰好發(fā)生滑動(dòng)時(shí)，加速度為a0=1m/s2，所以當(dāng)小車的加速度為a=1m/s2時(shí)，物塊A相對(duì)小車仍靜止故A正確根據(jù)牛頓第二定律得：小車以加速度a=1m/s2沿水平地面向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈力水平向右，大小仍為5N，摩擦力水平向右大小仍為5N.故B錯(cuò)誤，C正確物體A相對(duì)于小車靜止，彈力不變故D錯(cuò)誤

17、故選AC【點(diǎn)睛】本題考查應(yīng)用牛頓第二定律分析物體受力情況的能力要注意靜摩擦力大小和方向會(huì)隨物體狀態(tài)而變化二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫(xiě)在題中橫線上）13、 .20 .8【解析】根據(jù)“拉力F作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)、撤去力F的瞬間”可知，本題考查平衡狀態(tài)和牛頓第二定律，根據(jù)平衡條件，運(yùn)用牛頓第二定律的瞬時(shí)性特點(diǎn)，列式計(jì)算.【詳解】(1)小球受重力、繩子的拉力以及彈簧的彈力處于平衡，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得，彈簧的彈力為：F彈=mgtan45=201=20N.(2)撤去力F的瞬間，彈簧的彈力仍然為20N，小球此時(shí)受重力、支持力、彈簧彈力和摩擦力四個(gè)力作用；小球所受的最大靜摩擦力為：f=mg=0.220N=4N

18、，根據(jù)牛頓第二定律得小球的加速度為：，合力方向向左,則加速度方向向左.【點(diǎn)睛】本題主要是考查了牛頓第二定律的知識(shí)；利用牛頓第二定律答題時(shí)的一般步驟是：確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、進(jìn)行正交分解、在坐標(biāo)軸上利用牛頓第二定律建立方程進(jìn)行解答14、 .C .B .3.00【解析】(1)1A兩細(xì)繩是否等長(zhǎng)，不影響力的大小和方向，所以細(xì)繩不一定等長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤；B連接彈簧測(cè)力計(jì)和鉤碼的細(xì)線可成任意夾角，這樣驗(yàn)證才具有一般性，故B錯(cuò)誤；C在使用彈簧測(cè)力計(jì)時(shí)要注意彈簧測(cè)力計(jì)與木板平面平行，這樣這些力才能在同一平面內(nèi)，滿足共點(diǎn)力平衡條件，故C正確；D重復(fù)多次實(shí)驗(yàn)時(shí)，點(diǎn)的位置變動(dòng)，每次都能驗(yàn)證三個(gè)共點(diǎn)力作用下的平衡

19、條件，故D錯(cuò)誤。故選擇C選項(xiàng)。(2)2本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是等效替代法，三個(gè)共點(diǎn)力合力為零，任意兩個(gè)力的合力和第三個(gè)力等大反向。(3)3彈簧測(cè)力計(jì)的精度為0.1N，故讀數(shù)為3.00N。三、計(jì)算題要求解題步驟，和必要的文字說(shuō)明（本題共36分）15、 (1)4cm；(2)6cm【解析】(1)木塊壓在彈簧上使彈簧被壓縮，設(shè)彈簧的壓縮量為，對(duì)木塊，由受力平衡可得解得(2)木塊剛要離開(kāi)地面時(shí)，地面的支持力為零，則彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，設(shè)伸長(zhǎng)量為對(duì)木塊，由受力平衡可得解得16、（1）60m（2）8N，方向與運(yùn)動(dòng)方向相反（3）20N【解析】（1）根據(jù)v-t圖象與時(shí)間軸所圍圖形的面積表示位移的大小，由幾何關(guān)系來(lái)求

20、位移；（2）根據(jù)4s末撤去外力后，在摩擦力作用下做勻減速運(yùn)動(dòng)，由圖象得到加速度，再根據(jù)牛頓第二定律求摩擦力；（3）由圖象的斜率先求出有拉力作用時(shí)的加速度，再根據(jù)牛頓第二定律求拉力的大小【詳解】（1）根據(jù)v-t圖象與時(shí)間軸所圍圖形的面積表示位移的大小，可得，在010s內(nèi)物體的位移為：（2）410s內(nèi)，物體的加速度為根據(jù)牛頓第二定律得 F合=ma2=-8N所以物體所受的摩擦力 Ff=F合=-8N方向與運(yùn)動(dòng)方向相反；（3）04s內(nèi)，根據(jù)牛頓第二定律得F-Ff=ma1解得 F=Ff=20N；17、 (（1）8m/s；（2）0.5【解析】（1）傳送帶A.B兩端間的距離L等于vt圖線與t軸所圍的面積大小，所以小物體在A.B間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=2s由平均速度的定義得；（2）由vt圖象可知傳送帶運(yùn)行速度為v1=10m/s，物體從A到B的加速度為：經(jīng)過(guò)時(shí)間t1=1s后的加速度為：然后經(jīng)過(guò)時(shí)間t2=1s，物體以大小為v2=12m/s的速度到達(dá)傳送帶B端。由物體在傳送帶上的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律得：聯(lián)立解得：=0.5。