《2023學年河南省許昌市、洛陽市物理高二第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測試題含解析.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2023學年河南省許昌市、洛陽市物理高二第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測試題含解析.doc（15頁珍藏版）》請在匯文網上搜索。

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題

2、目要求的。1、如圖所示，電荷量為Q1、Q2的兩個正點電荷分別置于A點和B點，兩點相距L。在以L為直徑的光滑絕緣半圓環(huán)上，穿著一個帶電荷量為+q的小球(視為點電荷)，在P點平衡。不計小球的重力，那么，PA與AB的夾角與Q1、Q2的關系應滿足（）ABCD2、一個帶電粒子，沿垂直于磁場方向，射入勻強磁場中，粒子的一段徑跡如圖所示，徑跡上的每一小段都可以近似看成圓弧由于帶電粒子使周圍的空氣電離，粒子的能量逐漸減小而帶電量不變不計粒子重力，從圖中情況可以確定（ ）A粒子是帶正電的，它所受的洛侖茲力大小不變B粒子是帶正電的，它是由a點運動到b點C粒子是帶負電的，它所受的洛侖茲力大小逐漸增大D粒子是帶負電的

3、，它是由a點運動到b點3、如圖所示,水平地面上方矩形區(qū)域內存在垂直紙面向里的勻強磁場,兩個邊長相等的單匝閉合正方形線圈和,分別用相同材料,不同粗細的導線繞制為細導線兩線圈在距磁場上界面h高處由靜止開始自由下落,再進入磁場,最后落到地面,運動過程中,線圈平面始終保持在豎直平面內且下邊緣平行于磁場上邊界設線圈、落地時的速度大小分別為、,在磁場中運動時產生的熱量分別為、不計空氣阻力,已知線框電阻與導線長度成正比,與導線橫截面積成反比,則A,B,C,D,4、如圖所示的電路中，當閉合開關S后，發(fā)現兩燈都不亮，電流表指針幾乎指在“0”度線不動，電壓表指針則有明顯偏轉，該電路中故障可能是（ ）A電流表壞了，

4、或開關S接觸不良B燈泡L1的燈絲斷了，或L1的燈泡與燈座接觸不良C電流表和兩個燈泡都壞了D從a點開始，經過燈泡L2到b點的這段電路中有斷路5、如圖所示，當開關接通時，通電螺線管相當于一條形磁鐵，磁針將轉動，可知：A螺線管右端相當于條形磁鐵的極；B磁針極將轉向左邊；C磁針極將轉向右邊；D磁針極將轉向紙外6、如圖所示，一電荷量q=+310-5C的小球，用絕緣細線懸掛于豎直放置足夠大的平行金屬板中的O點，開關S合上后，小球靜止時細線與豎直方向的夾角=37已知兩板間距d=0.1m，電源電動勢E=15V，內阻r=0.5，電阻R1=3，R2=R3=R4=1，取g=10m/s2，已知sin37=0.6，co

5、s37=0.1則以下說法正確的是( )A電源的輸出功率為14WB兩板間的電場強度的大小為140V/mC帶電小球的質量5.6毫克D若增加R1的大小，會有瞬時電流從右向左流過R4二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列關于勻變速直線運動的說法正確的是（）A做勻變速直線運動的物體，它的加速度方向和速度方向總是相同的B做勻變速直線運動的物體，它的加速度方向和速度變化的方向總是相同的C做勻變速直線運動的物體，它的速度變化越大，加速度越大D做勻變速直線運動的物體，它的速度在單位時

6、間內變化越大，加速度越大8、如圖所示的是一個電容式傳感器，在金屬a的外面涂一層絕緣的電介質后放在導電液體中構成一個電容器，a與導電液體就是該電容器的兩極，今使該電容器充電后與電源斷開，并將a與靜電計的導體球相連，插入導電液體中的電極b與靜電計外殼相連，則當導電液體深度h變大時A引起兩極間正對面積變大B電容器的電容將變小C電容器兩極間的電壓將變大D靜電計指針偏角將減小9、在如圖甲所示的電路中，調節(jié)滑動變阻器的阻值，電源路端電壓U隨滑動變阻器阻值R的變化關系圖像如圖乙所示，下列說法正確的是( )A當R=4時，電源總功率為6 W，內阻熱功率為2 WB電源電動勢E=6 V，內阻r=1 C該電源輸出功率

7、的最大值為4.5 WD滑動變阻器阻值從0.5到10 逐漸變大的過程中，電源的總功率減小，輸出功率增大10、兩個等量同種電荷固定于光滑水平面上，其連線的中垂線上有A、B、C三點，如圖所示一個比荷為的小物塊從該水平面內的C點靜止釋放，其運動的v-t圖象如圖所示，其中B點處為整條圖線切線斜率最大的位置（圖中標出了該切線）則下列說法中正確的是（ ）A在A、B、C三點中，B點電場強度最大，其電場強度E=1V/mB由C到A的過程中，物塊的電勢能先增大后減小C由C到A的過程中，電勢逐漸升高DA、B兩點電勢差UAB=5V三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。1

8、1（6分）物理興趣小組利用如圖甲所示的裝置測磁感應強度水平放在壓力傳感器和摩擦力傳感器上的金屬桿b，質暈m0.2kg，長0.1m閉合開關，調節(jié)滑動變阻器，當電流表的示數如圖乙所示時，壓力傳感器的示數為2.3N，摩擦力傳感器的示數為0.4N，且摩擦力的方向水平向左金屬桿ab始終處于靜止狀態(tài)，g取10m/s2，導線對金屬桿ab沒有作用力已知sin530.8，請你幫助該興趣小組的同學完成以下任務：（1）電流表的示數為_A；（2）該區(qū)域磁感應強度的大小為_T（結果保留兩位小數），方向_12（12分） (1) 圖乙是用螺旋測微器測量某一圓筒外徑時的示數，此讀數應_mm。(2) 現用多用電表測量一個定值電

9、阻的阻值(阻值約為100 )，將紅、黑表筆分別插入“+”“-”插孔,接下來必要的操作步驟和正確的順序是_.(請將必要步驟前的序號按正確的順序寫出)將選擇開關旋轉到“10”的位置;將選擇開關旋轉到“100”的位置;用兩支表筆的金屬部分分別接觸電阻的兩條引線;根據指針所指刻度和選擇開關的位置,讀出電阻的阻值;將兩支表筆直接接觸,調整“歐姆調零旋鈕”使指針指向“0 ”.若正確測量時指針所指刻度如圖所示,則這個電阻的測量值是_.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲所示，質量為M的長木板，靜止放置在粗糙水平地面

10、上，有一個質量為m、可視為質點的物塊，以某一水平初速度從左端沖上木板從，物塊沖上木板到物塊和木板達到共同速度的過程中，物塊和木板的vt圖像分別如圖乙中的折線acd和bcd所示，a、b、c、d點的坐標分別為a(0，10)、b(0，0)、c(4，4)、d(12，0)，根據vt圖像，求：（1）物塊沖上木板做勻減速直線運動的加速度大小a1，木板開始做勻加速直線運動的加速度大小a2，達到共同速度后一起做勻減速直線運動的加速度大小a3；（2）物塊質量m與長木板質量M之比；（3）物塊相對長木板滑行的距離x14（16分）如圖所示，足夠長的光滑絕緣水平臺左端固定一被壓縮的絕緣輕質彈簧，一個質量m=0.04kg、

11、電量的可視為質點的帶電小球與彈簧接觸但不栓接。某一瞬間釋放彈簧彈出小球，小球從水平臺右端A點飛出，恰好能無碰撞地落到粗糙傾斜軌道的最高B點，并沿軌道滑下。已知AB的豎直高度h=0.45m，傾斜軌道與水平方向夾角為、傾斜軌道長為L=2.0m，帶電小球與傾斜軌道的動摩擦因數。傾斜軌道通過光滑水平軌道CD與光滑豎直圓軌道相連，在C點沒有能量損失，所有軌道都絕緣，運動過程小球的電量保持不變。只有過山車模型的豎直圓軌道處在范圍足夠大豎直向下的勻強電場中，場強。（cos37=0.8，sin37=0.6，取g=10m/s2）求：（1）被釋放前彈簧的彈性勢能；（2）要使小球不離開軌道（水平軌道足夠長），豎直圓

12、弧軌道的半徑應該滿足什么條件。15（12分）如圖所示為一真空示波器，電子從燈絲K發(fā)出（初速度不計），經燈絲與A板間的加速電壓U1加速，從A板中心孔沿中心線KO射出，然后進入兩塊平行金屬板M、N形成的偏轉電場中（偏轉電場可視為勻強電場），電子進入M、N間電場時的速度與電場方向垂直，電子經過偏轉電場后打在熒光屏上的P點已知加速電壓為U1，M、N兩板間的電壓為U2，兩板間的距離為d，板長為L1，板右端到熒光屏的距離為L2，電子質量為m，電荷量為e不計重力，求：（1）電子穿過A板時的速度大??；（2）P點到O點的距離（3）電子打在熒光屏上的動能大小參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24

13、分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】對小球進行受力分析如圖所示：根據庫侖定律有根據平衡條件，沿切向方向的分力有聯立解得故A正確，BCD錯誤故選A。2、D【解析】試題分析：因為粒子的能量逐漸減小而帶電量不變根據半徑公式可得粒子的運動半徑逐漸減小，即粒子是從a運動到b的，根據可得粒子受到的洛倫茲力減小，根據左手定則，粒子帶負電，故D正確；考點：考查了帶電粒子在磁場中的運動【名師點睛】根據可知，粒子運動的半徑與速度的大小有關，根據半徑的變化來判斷粒子的運動的方向，這是解決本題的關鍵3、D【解析】據題兩個線圈從同一高度下落，到達磁場邊界時具有相同的速度v，線圈切割磁感

14、線產生感應電流，同時受到向上的安培力為：由電阻定律得線圈的電阻（為材料的電阻率，L為線圈的邊長，S為單匝導線橫截面積）所以下邊剛進入磁場時所受的安培力為：此時加速度為：將線圈的質量m=0S4L（0為材料的密度）代入上式，所以得加速度為：此式中各量對于兩個線圈都相同，兩個線圈的加速度a相同，則線圈和同步運動，落地速度相等：v1=v1由能量守恒可得：（H是磁場區(qū)域的高度）因為為導線細，質量m小，產生的熱量小，所以Q1Q1A，與結論不相符，選項A錯誤；B，與結論不相符，選項B錯誤；C，與結論不相符，選項C錯誤；D，與結論相符，選項D正確；4、D【解析】若電流表壞了，斷路時兩表均沒有示數，短路時電流表

15、沒有示數，兩燈均亮，不符合題設，A錯誤；燈斷路，兩表均無示數，不符合題意，BC錯誤；若從a點開始，經過燈泡到b點的這一段電路中有斷路，電壓表串聯接入，由于電壓表電阻較大，電路中電流較小，電流表幾乎為零，燈不亮，符合題意，D正確5、B【解析】在螺線管中電流的方向是從右端流入，左端流出，結合螺線管的繞向，根據右手螺旋定則，可以確定螺線管的左端為N極，右端為S極，則小磁針極將轉向左邊；故ACD錯誤，B正確故選B【點睛】本題考查了右手螺旋定則、磁極間的相互作用在此題中告訴了電流方向、線圈繞向可以根據右手螺旋法則來確定螺線管的NS極6、B【解析】R2=R3=1，并聯后的電阻值為：RR2=4；由閉合電路的

16、歐姆定律得：；電源的輸出功率P=EI-I2r=152-220.5=21W，故A錯誤；兩板間的電壓為：UC=I（R1+R23）=2（3+4）=14V；兩板間的電場強度為：，故B正確；小球處于靜止狀態(tài)，所受電場力為F，又F=qE，由平衡條件得：水平方向 Tcos-mg=0 ；豎直方向：Tsin-qE=0； 得：m= =5.610-4kg，故C錯誤；若增加R1的大小，電容兩端電壓增大，電容器充電，會有瞬時電流從左向右流過R4，故D錯誤故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7

17、、BD【解析】勻加速直線運動的速度方向和加速度方向相同，而勻減速直線運動的速度方向和加速度方向相反，故A錯誤；由加速度的定義可知加速度的方向與速度變化方向相同，故B正確； 加速度表示速度變化的快慢，速度變化越快，加速度就越大，速度在單位時間內變化越大，與速度變化大小無關，故C錯誤；D正確所以BD正確，AC錯誤8、AD【解析】A、由圖可知，液體與芯柱構成了電容器，兩板間距離不變；液面變化時只有正對面積發(fā)生變化；當液面升高時，只能是正對面積S增大；故A正確.B、由可知電容增大，B錯誤.C、D、因電容器充電后與電源斷開，則電容器的總電荷量Q不變，依據，因此電勢差減小，而靜電計指針的偏角反映電容器的電

18、壓大小，即靜電計的指針偏角變?。籆錯誤，D正確.故選AD.【點睛】本題考查平行板電容器在生產生活中的應用，是電容器的電何量不變?yōu)榍疤岬膭討B(tài)分析9、AC【解析】A、B項：由乙圖可知，當R時，U=E，則得電源的電動勢E=6V，當R=4時，路端電壓U=4V，根據，則電源總功率為，解得,故A正確，B錯誤；C項：電源輸出功率的最大值，故C正確；D項：滑動變阻器阻值從0.5到10 逐漸變大的過程中，外電路電阻增大，總電流減小，則電源總功率減小，當r=R時，電源輸出功率最大，所以輸出功率先增大后減小，故D錯誤10、AD【解析】試題分析：據v-t圖可知物塊在B點的加速度最大，為，所受的電場力最大為 F=ma=

19、2N，據知，B點的場強最大為 E=1V/m，故A正確據v-t圖可知，由C到A的過程中物塊的速度增大，電場力做正功，電勢能減小，故B錯誤據兩個等量的同種正電荷，其連線中垂線上電場強度方向由O點沿中垂線指向外側，故由C點到A點的過程中電勢逐漸減小，故C正確據V-t圖可知A、B兩點的速度，在根據動能定理得，由圖知，vA=6m/s，vB=4m/s，解得UAB=-5V，故D錯誤故選AC.考點：v-t圖線；動能定理；電場強度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.40 2.08 斜向左下方，與豎直方向夾角37 【解析】(1)1由圖乙所示電流表可知，

20、電流表量程是03A，分度值是0.1A，電流表示數是2.40A；(2)2壓力傳感器的示數為2.3N，則安培力沿豎直方向的分力：結合二力平衡可知方向豎直向下；安培力沿水平方向的分力：摩擦力傳感器受到的摩擦力向左，則該分力的方向水平向左；由可知磁感應強度沿水平方向的分量：根據左手定則可知該分量的方向水平向右；磁感應強度沿豎直方向的分量：根據左手定則可知該分量的方向豎直向下；合磁感應強度：3與豎直方向之間的夾角為，則：則：即磁感應強度的方向斜向左下方，與豎直方向夾角3712、 (1)6.7900.002 (2) 130【解析】（1）螺旋測微器讀數為：6.5mm+0.01mm29.0=6.790mm；（

21、2）待測電阻阻值約為一百多歐姆，用歐姆表測電阻，將選擇開關旋轉“10”的位置，然后進行歐姆調零，具體操作是：將紅黑表筆短接，調節(jié)調零旋鈕調零，使指針指在右側零刻度線處；再測出電阻阻值，因此合理是實驗步驟為：（3）由圖示表盤可知，待測電阻阻值為：1310=130；點睛：本題考查了應用歐姆表測電阻，使用歐姆表測電阻時，應使指針指在表盤中央刻度線附近；換擋后要進行歐姆調零；歐姆表指針示數與擋位的乘積是歐姆表示數四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1.5m/s2，1.0m/s2，0.5m/s；（2）；（3）20m【解

22、析】（1）由v-t圖象可求出物塊沖上木板做勻減速直線運動的加速度大小a1=m/s2=1.5m/s2木板開始做勻加速直線運動的加速度大小a2=m/s2=1m/s2達到同速后一起做減速運動的加速度大小a3=m/s2=0.5m/s2（2）設物塊與木板間的動摩擦因數為1，木板與地面間動摩擦因數為2，對m沖上木板減速階段1mg=ma1對M向前加速階段1mg-2（m+M）g=Ma2物塊和木板達到共同速度后向前減速階段2（m+M）g=（M+m）a3以上三式聯立可得，物塊質量m與長木板質量M之比=（3）由v-t圖可以看出，物塊相對于長木板滑行的距離x對應圖中abc的面積x=104m=20m14、（1）0.32

23、J；（2）或【解析】（1）小球從A到B平拋運動，在豎直方向有代入數據解得在B點時速度關系為解得被釋放前彈簧的彈性勢能（2）在B點時的速度為從B到C根據動能定理得解得好過豎直圓軌道最高點時，根據牛頓第二定律從C到圓軌道最高點因為qE=0.4N=mg聯立并代入數據解得恰好到豎直圓軌道最右端時代入數據解得要使小球不離開軌道，豎直圓弧軌道的半徑或15、（1） （2） （3） 【解析】（1）電子在加速電場U1中運動時，電場力對電子做正功，根據動能定理求解電子穿過A板時的速度大?。?）電子進入偏轉電場后做類平拋運動，垂直于電場方向作勻速直線運動，沿電場方向作初速度為零的勻加速直線運動根據板長和初速度求出時

24、間根據牛頓第二定律求解加速度，由位移公式求解電子從偏轉電場射出時的側移量電子離開偏轉電場后沿穿出電場時的速度做勻速直線運動，水平方向：位移為L2，分速度等于v0，求出勻速運動的時間豎直方向：分速度等于vy，由y=vyt求出離開電場后偏轉的距離，再加上電場中偏轉的距離得解；（3）根據動能定理，即可求解【詳解】（1）設電子經電壓U1加速后的速度為v0，由動能定理得：eU1=mv02，解得：v0=；（2）電子以速度v0進入偏轉電場后，垂直于電場方向做勻速直線運動，沿電場方向做初速度為零的勻加速直線運動，設偏轉電場的電場強度為E，電子在偏轉電場中運動的時間為t1，電子的加速度為a，離開偏轉電場時的側移

25、量為y1，由牛頓第二定律得：F=eE2=e=ma，解得：，由運動學公式得：L1=v0t1，y1=at12，解得：y1= ；設電子離開偏轉電場時沿電場方向的速度為vy，由勻變速運動的速度公式可知vy=at1；電子離開偏轉電場后做勻速直線運動，設電子離開偏轉電場后打在熒光屏上所用的時間為t2，電子打到熒光屏上的側移量為y2，水平方向：L2=v0t2，豎直方向：y2=vyt2，解得：y2=；P至O點的距離y=y1+y2= ；（3）根據動能定理：電子打在熒光屏上的動能大小：Ek=eU1+eEy2=eU1+【點睛】帶電粒子在電場中類平拋運動的研究方法與平拋運動相似，采用運動的合成與分解分別研究垂直極板方向和平行極板方向的運動第（2）問也可以利用三角形相似法求解