《2023學年山西省忻州市靜樂縣第一中學物理高二第一學期期中學業(yè)水平測試模擬試題含解析.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2023學年山西省忻州市靜樂縣第一中學物理高二第一學期期中學業(yè)水平測試模擬試題含解析.doc（11頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、當電阻兩端加上某一穩(wěn)定電壓時，通過該電阻的電荷量為0.3C，消耗的電能為0.9J為在相同時間內(nèi)使0.6C的電荷量通過該電阻，在其兩端需加的電壓和消耗的電能分別是（ ）A

2、3V，1.8JB3V，3.6JC6V，l.8JD6V，3.6J2、甲、乙、丙三個燈泡，按如圖方式連接到電源上。如果丙燈泡處發(fā)生短路，某同學對電路個部分發(fā)生的變化作了如下推測（設各燈燈絲不被燒斷）：丙燈兩端電壓為零，電源兩端電壓為零，甲燈變得更亮，乙燈變得更亮。其中（ ）A只有、正確B只有、正確C只有、正確D只有、正確3、如圖所示，一粗糙絕緣豎直平面與兩個等量異種點電荷連線的中垂面重合，A、O、B為該面上同一條豎直線上的三點，且O為點電荷連線的中點?，F(xiàn)有帶電荷量為q、質(zhì)量為m的小物塊(可視為質(zhì)點)，在A點以初速度v0釋放沿AOB向下滑動，則 ( )A小物塊帶正電B從A到B,小物塊的電勢能先減小后

3、增大C從A到B,小物塊所受電場力先增大后減小D從A到B,小物塊的加速度不變4、將一電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r的電池與外電路連接，構成一個閉合電路，用R表示外電路電阻，I表示電路的電流，下列說法正確的是（）A由可知,I與R成反比B由可知,電源的兩端電壓隨I的增大而增大C由可知,電源輸出電壓隨輸出電流I的增大而減小D由可知,電源的輸出功率P隨輸出電流I的增大而增大5、一電流表由小量程電流計G與電阻R并聯(lián)而成，如圖所示，若在使用中發(fā)現(xiàn)此電流表的計數(shù)總比準確值稍小一些，用下列哪幾種措施可能加以改進（）A在R上并聯(lián)一比R小得多的電阻B在R上并聯(lián)一比R大得多的電阻C在R上串聯(lián)一比R小得多的電阻D在R上串聯(lián)

4、一比R大得多的電阻6、如圖所示，A、B、O、C為在同一豎直平面內(nèi)的四點，其中A、B、O沿同一豎直線，B、C同在以O為圓心的圓周(用虛線表示)上，沿AC方向固定有一光滑絕緣細桿L，在O點固定放置一帶負電的小球現(xiàn)有兩個質(zhì)量和電荷量都相同的帶正電小球a、b均可視為點電荷，先將a套在細桿上讓其從A點由靜止開始沿桿下滑，后使b從A點由靜止開始沿豎直方向下落，則下列說法中正確的是（）A從A點到C點，小球a做勻加速運動B小球a在C點的動能等于小球b在B點的動能C從A點到C點，小球a的機械能先增加后減少，但機械能與電勢能之和不變D小球a從A點到C點電場力做的功大于小球b從A點到B點電場力做的功二、多項選擇題：

5、本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為一種質(zhì)譜儀示意圖，由加速電場，靜電分析器組成，若靜電分析器通道中心線的半徑為R，通道內(nèi)均勻輻射電場在中心線處的電場強度大小為E。一質(zhì)量m，電荷量為+q的粒子從靜止開始經(jīng)加速電場加速后沿中心線通過靜電分析器，從垂直于邊界的P點射出。不計粒子重力，下列說法正確的是A極板M比極板N電勢低B加速電場的電壓C電荷在靜電分析器里做勻速圓周運動D電荷在靜電分析器里的運動時間是8、如圖所示的電路中，A、B兩燈原來正常發(fā)光，忽然B燈比原來亮了，這是因為電路

6、中某一處發(fā)生斷路故障造成的，那么發(fā)生這種故障可能是 （ ）AR1斷路BR2斷路CR3斷路D燈A斷路9、如圖所示電路中，三只燈泡原來都發(fā)光，當滑動變阻器的滑動觸頭P向左移動時(三只燈泡仍都發(fā)光)，下面判斷正AL1和L3變亮，L2變暗BLI變暗，L2變亮，L3亮度不變CL1中電流變化值小于L3中電流變化值DLl上電壓變化值小于L2上的電壓變化值10、一電子飛經(jīng)電場中A、B兩點,電子在A點電勢能為,動能為,由A點到B點靜電力做功為,如果電子只受靜電力作用,則A電子在B點的動能為B電子在B點的動能為C電子在B點的電勢能為D電子在B點的電勢能為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的

7、答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用如圖所示的游標卡尺測量一物體的長度，由圖可知物體的長度為_mm。 12（12分）小李同學用電阻箱、電壓表測量不同電源的電動勢和內(nèi)阻小李同學所測電源的電動勢E2約為9V,內(nèi)阻r2為3555，允許通過的最大電流為50mA小李同學所用電路如圖所示，圖中電阻箱R的阻值范圍為09999.電路中R0為保護電阻實驗室中備有以下幾種規(guī)格的定值電阻，本實驗中應選用_.A20，125mA B50，20mAC150，60mA D1500，5mA實驗中通過調(diào)節(jié)電阻箱的阻值,記錄電阻箱的阻值R及相應的電壓表的示數(shù)U,根據(jù)測得的多組數(shù)據(jù),作出圖線,圖線的縱軸截距為a,圖線的斜率為

8、b,則電源的電動勢E2=_,內(nèi)阻r2=_.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）長為的平行金屬板水平放置,兩極板帶等量的異種電荷,板間形成勻強電場,一個帶電量為、質(zhì)量為的帶電粒子,以初速度緊貼上極板垂直于電場線方向進入該電場,剛好從下極板邊緣射出,射出時速度恰與下極板成角,如圖所示,不計粒子重力。求：(1)粒子從下極板邊緣射出時速度的大小;(2)勻強電場的場強;(3)兩板間的電勢差.14（16分）一帶負電的粒子，q=-2.0，在靜電場中由A點運動到B點，在這過程中，除電場力外，其它力作的功為4.0J，粒子動能

9、增加了7.0J求：（1）此過程電場力所做的功？（2）A、B兩點間的電勢差。15（12分）如圖所示，一直流電源與一保護電阻R0和一直流電動機串聯(lián)，已知電源電動勢 E=24V（電源內(nèi)阻不計)，保護電阻R0=4，電動機內(nèi)阻R=2，電動機豎直向上勻速吊起一質(zhì)量 為m=1kg的重物時，安培表的讀數(shù)I=2A，不計一切阻力，g取10m/s2。(1)電動機的電功率及熱功率分別為多大？(2)重物勻速上升的速度v多大？(3)電動機的效率是多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】根據(jù)E=Uq，可知通過該電阻的電荷量為0.3C

10、，消耗的電能為0.9J時，電阻兩端所加電壓U=3V；在相同時間內(nèi)通過0.6C的電荷量，則電流強度為原來的2倍，而根據(jù)I=U/R，電壓也為原來的2倍，即為6V，這時消耗的電能E2=U2q2=3.6J故D項正確，ABC三項錯誤2、D【解析】如果丙燈泡處發(fā)生短路，由于乙與丙并聯(lián)，乙也被短路，則外電路總電阻減小，總電流增大，所以丙燈兩端的電壓為零，甲燈變得更亮。外電路總電阻減小，路端電壓減小，但不為零，故ABC錯誤，D正確。故選：D【點睛】若丙燈泡處發(fā)生短路，乙燈也被短路，分析電路中電阻的變化，由閉合電路歐姆定律判斷電流的變化和路端電壓的變化，即可判斷燈泡甲亮度的變化3、C【解析】由題中“一粗糙絕緣豎

11、直平面與兩個等量異種點電荷連線的中垂面重合”可知，本題考查帶點物體在電場中的運動，根據(jù)庫侖定律和牛頓第二定律可以分析本題?！驹斀狻緼由于小物受重力、電場力和墻壁的摩擦力、彈力，可以判斷小物塊帶負電，故A錯誤；B由于AB是等勢線，則從A到B電荷的電勢能不變，故B錯誤；CD從A到O的過程中，電場強度越來越大，則電場力越來越大，由于物塊在水平方向上平衡，可知墻壁的彈力增大，導致滑動摩擦力增大，根據(jù)可知，加速度增大，從O到B的過程中，電場強度越來越小，電場力越來越小，同理可知滑動摩擦力減小，加速度減小，故C正確，D錯誤。4、C【解析】A根據(jù)閉合電路歐姆定律得：由I可知，I與R不成反比，故A錯誤；BC電

12、源兩端的電壓實際上是路端電壓，由可知電源兩端的電壓，隨I的增大而減小，故B錯誤，C正確；D根據(jù)數(shù)學知識分析得知，當電源的內(nèi)電阻等于外電阻時，輸出功率最大，而I=，所以電流增大時，電源的輸出功率可能變大，也可能變小，故D錯誤5、C【解析】電流表示數(shù)偏小，說明通過分流電阻的電流偏大，分流電阻偏??；為校準電流表，應使通過G的電流增大而通過分流電阻R的電流減小，減小分流電阻的電流應增大分流電阻阻值，可以在R上串聯(lián)一個比R小的多的電阻，故C正確，ABD錯誤；故選C。6、C【解析】小球A在運動過程中庫侖力得大小一直發(fā)生變化，因此小球得合力發(fā)生變化，因此不是勻變速運動，A錯誤；AB過程和AC過程中電場力做功

13、相同，但是AC過程重力做功更多，因此小球C點動能更大，因此B錯誤D錯誤；從A到C電場力現(xiàn)做負功后正功，因此機械能先減小后增大，由能量守恒可知機械能和電勢能總和不變，C正確；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A. 帶電粒子帶正電，在加速電場能夠加速，則極板M比極板N電勢高，故A錯誤；BC. 在靜電分析器中，受到的電場力指向圓心，帶電粒子沿中心線通過靜電分析器，電場力不做功，粒子做勻速圓周運動，從垂直于邊界的P點射出。在靜電分析器中，電場力提供向心力，即再根

14、據(jù)可知故BC正確；D. 電荷在靜電分析器里的運動時間是故D錯誤。8、AC【解析】由于電源內(nèi)阻不計，故路端電壓為電源的電動勢，所以R1斷路時，燈A和B兩端電壓不變，故B燈亮度不會發(fā)生變化，A選項錯誤對B選項，當R2斷路時，會使A燈兩端電壓升高，B燈兩端電壓降低，B燈應變暗，故B選項錯誤，同理可知D選項也錯誤對于C選項，當R3斷路時，會使B燈兩端電壓升高，A燈兩端電壓降低，故B燈變亮，因此正確選項為C.9、ACD【解析】AB滑動變阻器與L3串聯(lián)，與另外一盞燈L2并聯(lián)，滑動變阻器滑片向左移動，接入電路的阻值變小，根據(jù)串反并同，可知L1和L3變亮，L2變暗，選項A正確；B錯誤；CL1中的電流是干路電流

15、，根據(jù)前面分析可知總電流增大，并聯(lián)部分分壓變小，選項C正確；D根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：，選項D正確；故選：ACD點睛：由圖可知L3與R串聯(lián)后與L2并聯(lián)，再與R0、L1串聯(lián)；由滑片的移動方向可知滑動變阻器接入電阻的變化，則可知總電阻的變化；由閉合電路的歐姆定律可知電路中電流的變化，即可知L1亮度的變化；將R0、L1作為內(nèi)電阻處理，由U=E-Ir可知并聯(lián)部分電壓的變化，由歐姆定律可得出兩燈亮度的變化；因兩燈電阻均為定值，則可由歐姆定律得出電壓變化值的大小關系10、AC【解析】根據(jù)電場力做功與電勢能的變化關系求電子在B點的電勢能，根據(jù)能量守恒求出電子在B點的動能【詳解】由A點到B點靜電力做功為，即

16、從A點到B點電勢能減少，則B點的電勢能為，在點A、點B電子只受電場力，則電子的電勢能和動能之和不變，在A點，在B點的動能，故AC正確，BD錯誤，故選AC【點睛】本題重點考查了電場力做功與電勢能的變化關系WAB=EPA-EPB這個關系式，結合功的公式即可解決此類題目三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、29.8mm【解析】1該游標卡尺為10分度，最小精確度為，讀數(shù)為29mm+80.1mm=29.8mm12、C 【解析】（1）電路最小總電阻約為：，內(nèi)阻約為50，為保護電路安全，保護電阻應選C（2）電源電動勢為：，變形得：，則圖象是直線，截距，

17、可得：，斜率，解得：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2) (3) 【解析】（1）粒子垂直進入勻強電場，做類平拋運動，由速度的合成與分解求出粒子的末速度；（2）粒子在電場中做類平拋運動，由類平拋運動規(guī)律可以求出電場強度；（3）由類平拋運動規(guī)律可以求出兩極板間的距離，根據(jù)U=Ed可求兩板間的電勢差【詳解】(1).粒子垂直進入勻強電場,做類平拋運動，由速度關系得粒子末速度: (2).豎直方向的速度 由牛頓第二定律得: 由平拋規(guī)律得: ， 由以上各式得: （3）由平拋規(guī)律得豎直方向: 又：U=Ed 解得：

18、14、（1）3.010-5J（2）-150V【解析】（1）対粒子由A點運動到B點的過程利用動能定理：W電+W其他=Ek得：W電=Ek-W其他=7.010-5J-4.010-5J=3.010-5J（2）A、B兩點間的電勢差：15、（1）32W 8W（2）2.4m/s（3）75%【解析】(1)據(jù)歐姆定律求出保護電阻兩端的電壓，再應用串聯(lián)電路的特點求電動機兩端的電壓，然后求出電動機的電功率及熱功率；(2)求出電動機的機械功率，然后據(jù)求出重物勻速上升的速度；(3)據(jù)求出電動機的效率?！驹斀狻?1)保護電阻兩端的電壓電動機兩端的電壓電動機的電功率電動機的熱功率(2)電動機的機械功率重物勻速上升，則，則重物勻速上升的速度；(3) 電動機的效率