《廣東省揭陽市2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中調(diào)研試題含解析.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《廣東省揭陽市2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中調(diào)研試題含解析.doc（14頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，平行的實(shí)線表示電場線，虛線表示一個離子穿越電場的運(yùn)動軌跡，下列判斷正確的是()A場強(qiáng)方向一定是向右B該離子一定是負(fù)離子C該離子一定是由a向b運(yùn)動D場強(qiáng)方向、離子的運(yùn)動方

2、向以及是正離子還是負(fù)離子都不能確定，但是離子在a點(diǎn)的動能一定小于在b點(diǎn)的動能2、閉合電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小，跟穿過這一閉合回路的下列哪個物理量成正比的是：A磁通量B磁感應(yīng)強(qiáng)度C磁通量的變化量D磁通量的變化率3、如圖所示，A、B、C為三個相同的燈泡(設(shè)其電阻值保持不變)，a、b、c為與之串聯(lián)的三個常用元件，如：電感線圈、電容器或電阻.E1為穩(wěn)恒直流電源，E2為正弦交流電源當(dāng)開關(guān)S接“1”時，A、B兩燈均正常發(fā)光，C燈不亮；當(dāng)開關(guān)S接“2”時，A燈仍正常發(fā)光，B燈變暗，C燈正常發(fā)光由此可知( )Aa元件是電阻Bb元件是電容器Cc元件是電感線圈D由于電源e2的電動勢E2與E1的大小關(guān)系未知，無

3、法判斷b、c各是什么元件4、如圖，平行板電容器與直流電源(內(nèi)阻不計)連接，下極板接地。一帶電油滴位于電容器中的P點(diǎn)且恰好處于平衡狀態(tài)。現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，則A帶電油滴將沿豎直方向向上運(yùn)動B兩板之間的電場強(qiáng)度不變CP點(diǎn)的電勢將降低D電容器的電容減小，極板所帶電荷量增大5、如圖所示，質(zhì)量相同的兩小球a、b分別從斜面頂端A和斜面中點(diǎn)B沿水平方向拋出后，恰好都落在斜面底端，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A小球a、b在空中飛行的時間之比為2：1B小球a、b拋出時的初速度大小之比為2：1C小球a、b到達(dá)斜面底端時的動能之比為4：1D小球a、b到達(dá)斜面底端時速度方向與斜面的夾

4、角之比為1：16、如圖所示，甲、乙兩人靜止在光滑的冰面上，甲沿水平方向推了乙一下，結(jié)果兩人向相反方向滑去已知甲的質(zhì)量為45kg，乙的質(zhì)量為50kg則下列判斷正確的是A甲的速率與乙的速率之比為 9:10B甲的加速度大小與乙的加速度大小之比為 9:10C甲對乙的沖量大小與乙對甲的沖量大小之比為 1:1D甲的動能與乙的動能之比為1:1二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，電阻R1=20，電動機(jī)線圈的電阻R2=10，當(dāng)開關(guān)斷開時，電流表的示數(shù)是0.5A，當(dāng)開關(guān)閉合后，

5、電動機(jī)轉(zhuǎn)動起來，電路兩端的電壓不變，電流表的示數(shù)I和電路消耗的電功率P應(yīng)是（ ）ABCD8、如圖所示，等腰直角三角形 abc 的直角邊長度為 L，該區(qū)域內(nèi)存在方向垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B。三個相同的帶電粒子從 b 點(diǎn)沿 bc 方向分別以速度 v1、v2、v3射入磁場，在磁場中運(yùn)動的時間分別為 t1、t2、t3，且 t1:t2:t3=2:2:1，不計粒子的重力，下列說法正確的是A三個速度的大小關(guān)系一定是 v1v2=v3B三個速度的大小關(guān)系可能是 v1v2v3C粒子的比荷D粒子的比荷9、下列圖中，絕緣細(xì)繩一端固定在O點(diǎn)，另一端系一個質(zhì)量為m，帶電量為q的小球。為了使小球能靜止

6、在圖中所示位置，可以加一個與紙面平行的勻強(qiáng)電場，則所加電場方向符合要求的是（）ABCD10、關(guān)于電源的電動勢，下面說法正確的是( )A電源的電動勢等于電源兩極間的電壓B電動勢越大的電源，將其它形式的能能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大C電動勢的數(shù)值等于內(nèi)、外電路電壓之和D電動勢只由電源性質(zhì)決定，與外電路無關(guān)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在測定金屬的電阻率的實(shí)驗(yàn)中，用螺旋測微器測量金屬導(dǎo)線直徑d，如右圖所示，則d=_mm12（12分）用如圖甲所示的電路測量一節(jié)蓄電池的電動勢和內(nèi)電阻蓄電池的電動勢約為2V，內(nèi)電阻很小除蓄電池、開關(guān)、導(dǎo)線外可

7、供使用的實(shí)驗(yàn)器材還有：A電壓表V （量程3V）B電流表A1 （量程0.6A）C電流表A2 （量程3A）D定值電阻R0（阻值4，額定功率4W）E.滑動變阻器R（阻值范圍020，額定電流1A）（1）電流表應(yīng)選 _；(填器材前的字母代號)（2）將圖乙中的實(shí)物按圖甲的電路連線_；（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出UI圖像（如圖丙所示），則蓄電池的電動勢E=_V，內(nèi)阻r=_；(內(nèi)阻保留兩位有效數(shù)字)（4）定值電阻R0在電路中的作用是_（只要求寫出一點(diǎn)）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，充電后的平行板電容器水平放置，電

8、容為C，極板間的距離為d，上板正中有一小孔質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球從小孔正上方高h(yuǎn)處由靜止開始下落，穿過小孔到達(dá)下極板處速度恰為零（空氣阻力忽略不計，極板間電場可視為勻強(qiáng)電場，重力加速度為g）求：（1）小球到達(dá)小孔處的速度；（2）極板間電場強(qiáng)度的大小和電容器所帶電荷量；（3）小球從開始下落運(yùn)動到下極板處的時間14（16分）如圖，在豎直平面內(nèi)，一半徑為R的光滑絕緣圓弧軌道ABC和水平絕緣軌道PA在A點(diǎn)相切，BC為圓弧軌道的直徑，O為圓心，OA和OB之間的夾角為，整個裝置處于水平向右的勻強(qiáng)電場中一質(zhì)量為m、電荷量為q（q0）的帶電小球在電場力的作用下沿水平軌道向右運(yùn)動，經(jīng)A點(diǎn)沿圓弧軌道通過C點(diǎn)

9、，落至水平軌道；已知小球在C點(diǎn)所受合力的方向指向圓心，且此時小球?qū)壍赖膲毫η『脼榱?，重力加速度大小為g求(1)勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大??；(2)小球到達(dá)A點(diǎn)時速度的大??；(3)小球從C點(diǎn)落至水平軌道上的位置與A點(diǎn)的距離15（12分）如圖所示，平面直角坐標(biāo)系xoy中，第I象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，第IV象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點(diǎn)以速度垂直于y軸射入電場，經(jīng)x軸上的N點(diǎn)與x軸正方向成=60角射入磁場，最后從y軸負(fù)半軸上的P點(diǎn)與y軸正方向成60角射出磁場，不計粒子重力，求：（1）粒子在磁場中運(yùn)動的軌道半徑R；（2

10、）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小E參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】帶電粒子所受的電場力向左，由于場強(qiáng)的方向不能確定，所以帶電粒子帶電性質(zhì)不確定，可能帶正電，也可能帶負(fù)電，故ABC錯誤；帶電離子從a到b點(diǎn)過程中，電場力做正功，所以離子在a點(diǎn)的動能一定小于在b點(diǎn)的動能，故D正確所以D正確，ABC錯誤2、D【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，閉合電路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小與磁通量的變化率成正比，與磁通量及磁通量的變化量無關(guān)。【詳解】由法拉第電磁感應(yīng)定律可知：，所以E與磁通量的變化率成正比，即電動勢取決于磁通量的變化快慢

11、，故D正確，ABC錯誤。【點(diǎn)睛】明確電動勢只取決于磁通量的變化率，與磁通量及磁能量的變化量無關(guān)。3、A【解析】C由題意，當(dāng)開關(guān)S接“1”直流電源時，A、B兩燈均正常發(fā)光，C燈不亮說明c為電容器；故C錯誤；A當(dāng)接“2”交流電源時，A燈仍正常發(fā)光說明a對交流電和直流電的影響相同，則a為電阻；故A正確；BB燈變暗，說明對交流電的阻礙作用比直流電阻礙作用大，則b為電感，故B錯誤D根據(jù)以上分析可知，D錯誤【點(diǎn)睛】本題考查了電感線圈和電容器對直流電和交流電的不同反應(yīng)，電容器的特點(diǎn)是：通交流，隔直流，電感線圈的特點(diǎn)是；通低頻阻高頻4、C【解析】AB. 將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，即極板間距

12、變大，則有電容器的電容減小，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)可知場強(qiáng)減小，因此帶電粒子受到的電場力減小，粒子將向下運(yùn)動。故AB錯誤；C. 場強(qiáng)減小，P到負(fù)極板（0電勢點(diǎn)）的距離不變，則P與0電勢間的電勢差變小，所以P點(diǎn)的電勢降低。故C正確；D. 極板間距變大，根據(jù)電容決定式可知，電容器的電容減小，而電壓不變，可知，帶電量減小，故D錯誤。5、D【解析】因?yàn)閮汕蛳侣涞母叨戎葹?：1，根據(jù)h=gt2得，高度之比為2：1，則時間之比為：1，故A錯誤兩球的水平位移之比為2：1，時間之比為：1，根據(jù) 知，初速度之比為：1，故B錯誤根據(jù)動能定理可知，到達(dá)斜面底端時的動能之比EKa：Ekb=(mva2+mgh

13、a)：(mvb2+mghb)=2：1，故C錯誤小球落在斜面上，速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，因?yàn)槲灰婆c水平方向的夾角相等，則速度與水平方向的夾角相等，到達(dá)斜面底端時速度方向與斜面的夾角也相等，故D正確故選D6、C【解析】A甲、乙兩人組成的系統(tǒng)動量守恒，以兩人組成的系統(tǒng)為研究對象，以甲的速度方向?yàn)檎较?，由動量守恒定律得：甲、乙的速率之比：故A錯誤；B甲與乙之間的作用力為作用力與反作用力，大小相等，由牛頓第二定律：加速度之比：故B錯誤；C甲、乙兩人組成的系統(tǒng)動量守恒，所以分離后二者動量大小相等，方向相反由動量定理：I=mv=P可知，甲對乙的沖量大小與乙對甲的沖量

14、大小之比為1：1故C正確；D動能的表達(dá)式：甲、乙動能之比：故D錯誤二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】當(dāng)電鍵S斷開時，由歐姆定律得，U=I1R1=10V，當(dāng)電鍵S閉合后，通過R1的電流仍為0.5A，電動機(jī)的電流I2，故電流表的電流I=I1+I21.5A，電路中電功率P=UI15W。故AC錯誤，BD正確。故選：BD8、BC【解析】AB洛侖茲力提供向心力得半徑公式：，速度越大，半徑越大，結(jié)合題意知速度為v1、v2的粒子是偏轉(zhuǎn)90后從ab邊射出，但兩者速度大小關(guān)

15、系不定。而速度為v3的粒子偏轉(zhuǎn)45從ac邊射出，則其半徑比速度為v1、v2的粒子均大，所以選項(xiàng)A錯誤，B正確。CD粒子在磁場中運(yùn)動的時間，對粒子1、2，運(yùn)動時間均為，從而求出粒子的比荷或者對粒子3，由幾何關(guān)系知其運(yùn)動半徑，由半徑公式求出比荷則選項(xiàng)C正確，選項(xiàng)D錯誤。故選BC.9、BD【解析】A當(dāng)電場方向向下時，帶電小球所受的電場力方向向下，重力方向也向下，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件，小球不能靜止在圖中位置，A錯誤；B當(dāng)電場方向向上時，帶電小球所受的電場力方向上，當(dāng)細(xì)線可以無拉力，小球可以靜止在如圖位置，B正確；C當(dāng)電場方向水平向左，帶電小球所受的電場力方向向左，重力方向向下，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件，小

16、球不能靜止在圖中位置，C錯誤；D當(dāng)電場方向水平向右，帶電小球所受的電場力水平向右，重力方向向下，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件，小球可以靜止在如圖位置，D正確。故選BD。10、BCD【解析】A、在閉合電路中電源兩極間的電壓等于路端電壓，所以電源的電動勢并不等于電源兩級間的電壓，故A錯誤；B、電動勢表示了電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小，所以電動勢越大的電源，將其它形式的能能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大，故B正確；C、電動勢等于回路中的總電壓，也就等于內(nèi)、外電路電壓之和，故C正確；D、電動勢只由電源性質(zhì)決定，與外電路無關(guān)，故D正確；綜上所述本題答案是：BCD三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題

17、卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.9590.961 mm【解析】螺旋測微器的讀數(shù)方法：先讀固定刻度再讀半刻度，若半刻度線已露出，記作 0.5mm；若半刻度線未露出，記作 0.0mm；再讀可動刻度（注意估讀）記作 n0.01mm；最終讀數(shù)結(jié)果為固定刻度+半刻度+可動刻度固定可得讀數(shù)為：0；半刻度讀數(shù)為：0.5mm；可動刻度讀數(shù)為：0.01mm46.0=0.960mm，故讀數(shù)為：0.960mm12、B 2.10V 0.20 a、保護(hù)作用；b、增大等效內(nèi)阻的測量值，減小誤差；c、當(dāng)改變滑動變阻器阻值時，電壓表示數(shù)變化大 【解析】試題分析：由于該實(shí)驗(yàn)中電流的最大值比較小，所以電流表量程選

18、擇0.6A實(shí)物連線時要注意電表的正負(fù)極，滑動變阻器為限流式連接圖像與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電源電動勢，圖線的斜率表示電源內(nèi)阻保護(hù)電阻的作用有增大等效內(nèi)阻的測量值，減小誤差；當(dāng)改變滑動變阻器阻值時，電壓表示數(shù)變化大考點(diǎn)：考查測量電源電動勢和內(nèi)阻點(diǎn)評：難度中等，本題綜合考查了閉合電路歐姆定律，電路的連接以及用電器的作用，充分考察了學(xué)生處理問題的能力四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2），；（3）【解析】（1）小球到達(dá)小孔前是自由落體運(yùn)動，根據(jù)速度位移關(guān)系公式，有：v2=2gh解得： （2）對從釋放到到達(dá)下極板處過程

19、運(yùn)用動能定理列式，有：mg（h+d）-qEd=0解得： 電容器兩極板間的電壓為：電容器的帶電量為：（3）加速過程：mgt1=mv減速過程，有：（mg-qE）t2=0-mvt=t1+t2聯(lián)立解得：【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是明確小球的受力情況和運(yùn)動規(guī)律，然后結(jié)合動能定理和動量定理列式分析，不難14、（1）（2）（3）【解析】(1)小球到達(dá)點(diǎn)時所受合力的大小為，由力的合成法則，則有：解得勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大?。?2)設(shè)小球到達(dá)點(diǎn)時的速度大小為，由牛頓第二定律得：解得：小球到達(dá)點(diǎn)的速度大小，由動能定理有：解得：(3)小球離開點(diǎn)后，在豎直方向上做初速度不為零的勻加速直線運(yùn)動，加速度大小為，小球在豎直方向的初速度為：

20、從點(diǎn)落到水平軌道上所用時間為，由運(yùn)動學(xué)公式，則有：解得： 小球在水平方向上做初速度不為零的勻減速直線運(yùn)動，加速度大小為：小球在水平方向的初速度為：由運(yùn)動學(xué)公式，則有： 小球從點(diǎn)落至水平軌道上的位置與點(diǎn)的距離：15、 (1) ,(2) 【解析】（1）因?yàn)榱Ｗ釉陔妶鲋凶鲱惼綊佭\(yùn)動,設(shè)粒子過N點(diǎn)時的速度為v,根據(jù)平拋運(yùn)動的速度關(guān)系粒子在N點(diǎn)進(jìn)入磁場時的速度 粒子在磁場中的運(yùn)動軌跡如圖:分別過N、P點(diǎn)作速度方向的垂線,相交于Q點(diǎn),則Q是粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的圓心,根據(jù)牛頓第二定律 得： 代入 得粒子的軌道半徑 （2）粒子在電場中做類平拋運(yùn)動,設(shè)加速度為a,運(yùn)動時間為t由牛頓第二定律: 設(shè)沿電場方向的分速度為 粒子在電場中x軸方向做勻速運(yùn)動,由圖根據(jù)粒子在磁場中的運(yùn)動軌跡可以得出:粒子在x軸方向的位移: 又 由以上各式可以計算得出 .綜上所述本題答案是：（1）；（2）