《2023學(xué)年廣東省揭陽(yáng)市高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2023學(xué)年廣東省揭陽(yáng)市高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析.doc（14頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生請(qǐng)注意：1答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、有兩個(gè)同種材料制成的導(dǎo)體，兩導(dǎo)體為橫截面為正方形的柱體，柱體高均為h，大柱體柱截面邊長(zhǎng)為a，小柱體柱截面邊長(zhǎng)為b，則A從圖示電流方向看大柱體與小柱體的電阻之比為B從圖示電流方向看大

2、柱體與小柱體的電阻之比為b:aC若電流方向豎直向下，大柱體與小柱體的電阻之比為D若電流方向豎直向下，大柱體與小柱體的電阻之比為2、如圖所示，實(shí)線表示某電場(chǎng)中的四個(gè)等勢(shì)面，它們的電勢(shì)分別為和，相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差相等.一帶負(fù)電的粒子(重力不計(jì))在該電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡如虛線所示，、b、c、d是其運(yùn)動(dòng)軌跡與等勢(shì)面的四個(gè)交點(diǎn)，則可以判斷（ ）A等勢(shì)面上各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)處處相同B四個(gè)等勢(shì)面的電勢(shì)關(guān)系是C粒子從運(yùn)動(dòng)到d的過(guò)程中靜電力直做負(fù)功D粒子在、b、c、d四點(diǎn)的速度大小關(guān)系是3、兩只電阻的伏安特性曲線如右圖所示，則下列說(shuō)法中正確的是（）A兩電阻的阻值為R1大于R2B兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，R1兩端電壓大于R2兩端

3、電壓C兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，R1消耗的功率大于R2消耗的功率D兩電阻并聯(lián)在電路中時(shí)，R1消耗的功率大于R2消耗的功率4、將一根長(zhǎng)為2.4m的通電直導(dǎo)線垂直放入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)線電流為5A是時(shí)所受安培力為2.2N，該磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為（ ）A2 B12T C24T D21T5、如圖所示，a為帶正電的物體，b為不帶電的絕緣物塊，a、b疊放在粗糙水平地面上地面上方有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)用恒力F拉b，使a、b一起無(wú)相對(duì)滑動(dòng)地向左加速運(yùn)動(dòng)，則在加速階段，a受到b施加的摩擦力方向及大小變化是（）A向左，變大B先向左后向右，先減小后增大C向左，變小D向左，不變6、M、N是某電場(chǎng)中一條電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)，若在

4、M點(diǎn)釋放一個(gè)初速度為零的電子，電子僅受電場(chǎng)力作用，并沿電場(chǎng)線由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，其電勢(shì)能隨位移變化的關(guān)系如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（ ）A電子在N點(diǎn)的動(dòng)能小于在M點(diǎn)的動(dòng)能B該電場(chǎng)有可能是勻強(qiáng)電場(chǎng)C該電子運(yùn)動(dòng)的加速度越來(lái)越小D電子運(yùn)動(dòng)的軌跡為曲線二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、一個(gè)用半導(dǎo)體材料制成的電阻器D，其電流I隨它兩端的電壓U的關(guān)系圖象如圖甲所示，將它與兩個(gè)標(biāo)準(zhǔn)電阻R1、R2并聯(lián)后接在電壓恒為U的電源上，如圖乙所示，三個(gè)用電器消耗的電功率均為P現(xiàn)將它們連接成如

5、圖丙所示的電路，仍然接在該電源的兩端，設(shè)電阻器D和電阻R1、R2消耗的電功率分別為PD、P1、P2，它們之間的大小關(guān)系為（）AP1=4P2 BPDP2 CP14P2 DPDP28、如圖所示電路中，電源內(nèi)阻不能忽略，當(dāng)變阻器R的滑片P向下移動(dòng)時(shí)下列說(shuō)法中正確的是AV1示數(shù)變大，示數(shù)變小，示數(shù)變大BV1示數(shù)變小，示數(shù)變大，示數(shù)變小C電源消耗的總功率增大D電源消耗的總功率減小9、相同的電流表分別改裝成兩個(gè)電流表A1、A2和兩個(gè)電壓表V1、V2，A1的量程大于A2的量程，V1的量程大于V2的量程，把它們接入圖所示的電路，閉合開(kāi)關(guān)后AA1的讀數(shù)比A2的讀數(shù)大BA1指針偏轉(zhuǎn)角度比A2指針偏轉(zhuǎn)角度大CV1的

6、讀數(shù)比V2的讀數(shù)大DV1指針偏轉(zhuǎn)角度比V2指針偏轉(zhuǎn)角度大10、某一蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為2V，下列說(shuō)法正確的是（）A蓄電池兩極間的電壓為2VB蓄電池能夠在1s內(nèi)將2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能C蓄電池內(nèi)部的非靜電力對(duì)1C電荷所做的功為2JD電路中每通過(guò)1C電量，蓄電池將2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)變成電能三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11（6分）如圖1所示為一位同學(xué)測(cè)量某一電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的電路圖。(1)該同學(xué)先用一直流電壓表粗測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)，已知所接的電壓表量程為015V，其示數(shù)如圖2所示，則電壓表的讀數(shù)為_(kāi)V。(2)根據(jù)圖1電路圖實(shí)驗(yàn)，在某次實(shí)驗(yàn)時(shí)毫安表的

7、示數(shù)如圖3所示，其讀數(shù)為_(kāi)mA。(3)若在操作過(guò)程中同時(shí)讀取電流與電阻箱阻值的讀數(shù)，當(dāng)電阻箱為R1=150時(shí)，電流表讀數(shù)為I1=50mA，當(dāng)電阻箱為R2=200時(shí)，電流表讀數(shù)為I2=40mA，則電源的電動(dòng)勢(shì)E=_V，內(nèi)阻r=_。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）12（12分）在用“電流表和電壓表測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)中, 為提高實(shí)驗(yàn)精度，應(yīng)合理設(shè)計(jì)電路圖。（1）請(qǐng)你選用下面的實(shí)驗(yàn)器材，將最佳方案畫在虛線方框中_。A干電池1節(jié)B滑動(dòng)變阻器（020） C滑動(dòng)變阻器（01750）D電壓表（03V）E電流表（00.6A）F電流表（03A）G開(kāi)關(guān)（2）其中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_（只填序號(hào)）。（3）據(jù)閉合電路歐姆

8、定律，E、r、U、I之間的關(guān)系滿足U=_。（4）由圖像可知這節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)E_V，內(nèi)電阻r_。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在平面坐標(biāo)系第一象限內(nèi)有水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，y軸與直線x=-d(d0)區(qū)域之間有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度也為E，一個(gè)帶電量為+q的粒子(不計(jì)重力)從第一象限的S點(diǎn)由靜止釋放。(1)若S點(diǎn)坐標(biāo)為(，)，求粒子通過(guò)x軸的位置坐標(biāo)；(2)若S點(diǎn)坐標(biāo)為(d，d)，求粒子通過(guò)x軸時(shí)的動(dòng)能；(3)若粒子能通過(guò)x軸上的點(diǎn)坐標(biāo)為(3d，0)，求釋放S點(diǎn)的坐標(biāo)(x，y

9、)應(yīng)滿足的條件。14（16分）一臺(tái)電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為1，接到120V的電源上當(dāng)電動(dòng)機(jī)工作時(shí)，電流為10A問(wèn)：(1)電動(dòng)機(jī)輸入功率是多少？(2)電動(dòng)機(jī)發(fā)熱功率是多少？(3)輸出的機(jī)械功率是多少？15（12分）一個(gè)帶正電的微粒，從A點(diǎn)射入水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，微粒沿直線AB運(yùn)動(dòng)，如圖所示，AB與電場(chǎng)線夾角，已知帶電微粒的質(zhì)量m，電量q，A、B相距L。求：(1)畫出微粒的受力圖；(2)說(shuō)明微粒在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)，要求說(shuō)明理由。(3)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向？(4)要使微粒從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，微粒射入電場(chǎng)時(shí)的最小速度是多少?參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只

10、有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】AB. 從圖示方向看，則根據(jù)電阻定律可知，故兩電阻相等，比值為1：1，故AB錯(cuò)誤。CD. 若電流豎直向下，則根據(jù)電阻定律有：故R1：R2=b2：a2故C錯(cuò)誤D正確。2、B【解析】由等勢(shì)面的形狀可知該電場(chǎng)不是勺強(qiáng)電場(chǎng)，所以等勢(shì)面上各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)并不相同，A錯(cuò)誤;由運(yùn)動(dòng)軌跡可知電場(chǎng)力由左向右，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向由右向左，沿電場(chǎng)強(qiáng)度方向電勢(shì)逐漸降低，所以，B正確;粒子運(yùn)動(dòng)到d的過(guò)程中靜電力先做負(fù)功后做正功，粒子在、b、c、d四點(diǎn)的速度大小關(guān)系是，C、D均錯(cuò)誤.3、D【解析】本題為圖象分析問(wèn)題，在圖中任意做一條與縱軸垂直的直線，則與兩圖象的交點(diǎn)為電流相同點(diǎn)，對(duì)應(yīng)的橫坐標(biāo)得出

11、電壓值，則由歐姆定律可進(jìn)行電阻大小的比較兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，電流相等，兩電阻并聯(lián)在電路中時(shí)，電壓相等?！驹斀狻緼項(xiàng)：伏安特性曲線斜率表示電阻的倒數(shù)，故兩電阻的阻值為R1小于R2，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，電流相等，根據(jù)A的分析可知：即U2U1，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，電流相等，根據(jù)P=I2R可知：R1消耗的功率小于R2消耗的功率，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：兩電阻并聯(lián)在電路中時(shí)，電壓相等，根據(jù)得：R1消耗的功率大于R2消耗的功率，故D正確。故應(yīng)選D?！军c(diǎn)睛】本題為圖象分析問(wèn)題，要能從圖象中得出有效信息，兩電阻串聯(lián)在電路中時(shí)，電流相等，兩電阻并聯(lián)在電路中時(shí)，電壓相等。4、D【解析

12、】根據(jù)F=BIL可知，故選D.5、C【解析】整體受到總重力、地面的支持力、豎直向下的洛倫茲力、拉力、地面摩擦力向左加速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，速度增加，洛倫茲力增大，則支持力增大，摩擦力變大，合力變小，根據(jù)牛頓第二定律，加速度減小再隔離對(duì)a分析，根據(jù)牛頓第二定律知，a所受的合力減小a在水平上僅受靜摩擦力，則靜摩擦力變小，方向向左故C正確，A、B、D錯(cuò)誤故選C點(diǎn)睛：對(duì)整體進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律判斷出整體加速度的變化，再隔離對(duì)a分析，得出a合力的變化，從而得知摩擦力的變化6、C【解析】電子從不動(dòng)到動(dòng)，電勢(shì)能逐漸減小，動(dòng)能逐漸增加，選項(xiàng)A錯(cuò)誤根據(jù)電勢(shì)能的圖象可以看出電勢(shì)能是非線性減小的，由知電勢(shì)是非線

13、性減小的，再根據(jù)U=dE推知場(chǎng)強(qiáng)是非線性減小的，因此該電場(chǎng)是非勻強(qiáng)電場(chǎng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤再由牛頓第二定律有qE=ma，加速度逐漸減小，選項(xiàng)C正確軌跡與電場(chǎng)線重合，表明電場(chǎng)力與軌跡重合，因此軌跡只能是直線，選項(xiàng)D錯(cuò)誤二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】試題分析：電阻器D與兩個(gè)標(biāo)準(zhǔn)電阻并聯(lián)后接在電壓恒為U的電源兩端，三個(gè)用電器消耗的電功率均為P，此時(shí)三個(gè)電阻的阻值相等；當(dāng)將它們連接成如圖（丙）所示的電路，接在該電源的兩端時(shí)，電阻器D的電壓小于電源的電壓，由（甲）圖象

14、可知，電阻器D的電阻增大，則有而與并聯(lián)，電壓相等，根據(jù)歐姆定律得知，電流，又，得到，所以得到故A錯(cuò)誤，C正確；，故，故B正確，D錯(cuò)誤；考點(diǎn)：考查了電功、電功率；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路8、AC【解析】當(dāng)變阻器R的滑片向下移動(dòng)時(shí)，R減小，R與R2并聯(lián)的阻值減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，干路電流I增大。電壓表V2的示數(shù)U2=E-Ir，電壓表V1的示數(shù)U1=IR2，I增大，U2減小，U1增大。電阻R2的電壓U2=E-I（R1+r），I增大，U2減小，流過(guò)R2的電流I2減小，則電流表的示數(shù)IA=I-I2，IA增大，則A正確，B錯(cuò)誤。根據(jù)P=IE可知電源消耗的總功率增大，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤

15、；故選AC.【點(diǎn)睛】本題電路中典型的問(wèn)題：電路中動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，一般按照“部分整體部分”思路分析9、AC【解析】A電流表A1的量程大于A2的量程，故電流表A1的內(nèi)阻小于A2的內(nèi)阻；電壓表V1的量程大于V2的量程，故V1的電阻大于V2的電阻；由圖可知，兩電流表并聯(lián)，故兩流表兩端的電壓相等，故A1中的電流要大于A2中的電流，故A1的讀數(shù)比A2的讀數(shù)大，故A正確；B因兩表由同一電流表改裝而成，而將電流表擴(kuò)大量程時(shí)為并聯(lián)一小電阻，故相當(dāng)于為四個(gè)電阻并聯(lián)，故兩表頭中電流相同，故兩表的偏角相同；故B錯(cuò)誤；C兩電壓表串聯(lián)，故通過(guò)兩表的電流相等，故V1的讀數(shù)比V2的讀數(shù)大，故C正確；D因表頭與電阻串聯(lián)，故為

16、四個(gè)電阻串聯(lián)，因此通過(guò)兩表頭的電流相等，兩表的偏轉(zhuǎn)角度一樣，故D錯(cuò)誤；10、CD【解析】A：蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為2V，當(dāng)電池不接入電路時(shí)，蓄電池兩極間的電壓為2V；當(dāng)電池接入電路時(shí)，蓄電池兩極間的電壓小球2V故A錯(cuò)誤BCD：由電動(dòng)勢(shì)的定義式 可知，電源電動(dòng)勢(shì)為2V，電路中每通過(guò)1C的電荷量，非靜電力做功2J，電源將2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能故B錯(cuò)誤，CD正確三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、9.5 68 10 50 【解析】第一空所接的電壓表量程為015V，則電壓表的分度值為0.5 V；其示數(shù)如圖2所示，則電壓表的讀數(shù)9.5 V第二空所接毫安

17、表量程為0100mA，則毫安表的分度值為2mA；毫安表的示數(shù)如圖3所示，其讀數(shù)為68 mA據(jù)閉合電路歐姆定律可得：聯(lián)立解得：第三空電源電動(dòng)勢(shì)為第四空電源內(nèi)阻為12、 B U=E-Ir 1.5 0.75 【解析】（1）1為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，電流表應(yīng)該選擇量程為0.6A的電流表E；電路如圖：（2）2滑動(dòng)變阻器應(yīng)選阻值較小的B即可。（3）3據(jù)閉合電路歐姆定律，E、r、U、I之間的關(guān)系滿足U=E-Ir。（4）45由圖像可知，直線在縱軸上的截距等于電動(dòng)勢(shì)，則這節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)E1.5V，內(nèi)電阻四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13

18、、 (1)（-d，0）(2)(3)，【解析】粒子只受電場(chǎng)力作用；（1）粒子在第一象限電場(chǎng)中做勻加速運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理可得：故粒子進(jìn)入第二象限時(shí)的速度位置為(0，d)；粒子進(jìn)入第二象限電場(chǎng)中，電場(chǎng)力和初速度方向垂直，故粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，假設(shè)粒子沒(méi)有出電場(chǎng)左邊界，則有： 故在水平方向上的位移 故粒子剛好到達(dá)電場(chǎng)左邊界，粒子通過(guò)x軸的坐標(biāo)為（-d，0）；（2）若S點(diǎn)坐標(biāo)為（d，d），粒子在第一象限電場(chǎng)中做勻加速運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理可得：故粒子進(jìn)入第二象限時(shí)的速度位置為（0，d）；那么，粒子在第二象限電場(chǎng)中的初速度增大，故運(yùn)動(dòng)時(shí)間減小，那么，粒子一定穿過(guò)了電場(chǎng)左邊界；粒子先做類平拋運(yùn)動(dòng)，之后做勻速直線運(yùn)動(dòng)到

19、達(dá)x軸；粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 故豎直方向位移 故對(duì)粒子從靜止到通過(guò)x軸的過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理可得：粒子通過(guò)x軸時(shí)的動(dòng)能Ek（3）設(shè)滿足條件的釋放點(diǎn)的坐標(biāo)為（x，y），粒子在第一象限電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理可得：所以， 粒子進(jìn)入電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子從電場(chǎng)左邊界射出時(shí)的速度方向與x軸的偏轉(zhuǎn)角為，則有： 又有粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)的豎直位移 粒子離開(kāi)電場(chǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故有： 所以所以 故釋放S點(diǎn)的坐標(biāo)（x，y）應(yīng)滿足的條件為4xy=5d2，（x0，y0）；14、 (1)1200w(2)100w(3)1100w【解析】(1)電動(dòng)機(jī)的輸入功率P電=UI=12010W=1200W；(2)電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功

20、率P熱=I2r=1021W=100W；(3)輸出的機(jī)械功率P機(jī)=P電P熱=1200W100W=1100W15、 (1)(2) 微粒受到的合力恒定，且與速度反向，所以微粒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)(3) 電場(chǎng)強(qiáng)度大小 ，方向水平向左(4) 【解析】由題意可知考查帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的直線運(yùn)動(dòng)，【詳解】(1) 物體做直線運(yùn)動(dòng)，合力為零或合力與速度共線，帶電粒子受到豎直向下的重力，電場(chǎng)力只能水平向左，這樣合力才可能與速度共線，受力分析圖如上圖所示。(2) 該粒子所受合力恒定，且與速度反向，所以粒子做勻減速運(yùn)動(dòng)。(3) 可得(4) 設(shè)該粒子合力為F，由A到B由動(dòng)能定理可得聯(lián)立可得【點(diǎn)睛】物體做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)合力與速度共線，做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，合力為零。