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1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、伏安法是一種常用的測量導體電阻的方法，某同學分別用如圖（a）、（b）兩種接法測量一個電阻器的阻值，以下結論正確的是 （ ） A用圖（a）接法測得的電阻值偏大B用圖（b）接法測得的電

2、阻值偏大C用圖中兩種接法測得的電阻值都偏大D用圖中兩種接法測得的電阻值都偏小2、如圖所示點電荷電場中，將檢驗電荷從A點分別移到以點電荷為中心的同一圓周上的B、C、D、E各點，則電場力做的功A從A到B做功最多B從A到C做功最多C從A到E做功最多D做功一樣多3、在有云的夜晚，抬頭望月，發(fā)現(xiàn)“月亮在白蓮花般的云朵里穿行”，這時選取的參考系是：( )A月亮B云C地面D觀察者4、如圖所示，直線A為某電源的UI圖線，曲線B為某小燈泡的UI圖線，用該電源和小燈泡組成閉合電路時，電源的輸出功率和電源的總功率分別是（ ）A4 W 6 WB4 W 8 WC2 W 3 WD6 W 8 W5、下列各圖中,運動電荷的速

3、度方向、磁感應強度方向和電荷的受力方向之間的關系正確的是()AA BB CC DD6、如圖所示的電路，閉合開關S，燈泡L正常發(fā)光移動滑動變阻器的滑片使其接入電路的阻值增大，燈泡L將（ ）A變亮 B變暗C亮度不變 D變亮、亮度不變均有可能二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路中，開關閉合穩(wěn)定后，某時刻理想電壓表和電流表的讀數(shù)都突然增大，造成這一現(xiàn)象的原因是電阻元件發(fā)生短路或斷路故障，則可能出現(xiàn)了下列哪種故障（）AR1斷路BR1短路CR2斷路DR3短路8、質(zhì)量為

4、、帶電量為的小球，從傾角為的光滑絕緣斜面上由靜止下滑，整個斜面置于方向水平向外的勻強磁場中，其磁感強度為B，如圖所示。若帶電小球下滑后某時刻對斜面的作用力恰好為零，下面說法中正確的是（）A小球帶正電B小球在斜面上運動時做勻加速直線運動C小球在斜面上運動時做加速度增大，而速度也增大的變加速直線運動D小球在斜面上下滑過程中，當小球?qū)π泵鎵毫榱銜r的速率為9、下列圖中，絕緣細繩一端固定在O點，另一端系一個質(zhì)量為m，帶電量為q的小球。為了使小球能靜止在圖中所示位置，可以加一個與紙面平行的勻強電場，則所加電場方向符合要求的是（）ABCD10、如圖所示，ABCD 且A、B、C、D位于同一半徑為r 的豎直圓

5、上，在C點有一固定點電荷，電荷量為Q，現(xiàn)從A 點將一質(zhì)量為m，電荷量為q 的點電荷由靜止釋放，該電荷沿光滑絕緣軌道ADB運動到D 點時速度為（g 為重力加速度），規(guī)定電場中B點的電勢為零，則在Q 形成的電場中 （ ）AA點電勢低于O 點電勢BD 點電勢為CO 點電場強度大小是B 點的2 倍D點電荷q 在D 點具有的電勢能為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）（1）在測定金屬電阻率的實驗中，用伏安法測定一段阻值約為5的金屬導線的電阻，要求測量結果盡量準確，現(xiàn)備有以下器材：A電池組（3V） B電流表（03A，內(nèi)阻約0.0125）C電流

6、表（00.6A，內(nèi)阻約0.125）D電壓表（03V，內(nèi)阻約3k）E電壓表（015V，內(nèi)阻約15k） F滑動變阻器（020，額定電流1A）G滑動變阻器（02000，額定電流0.3A） H電鍵、導線。.待測電阻是一根均勻材料制成的金屬絲（橫截面為圓形），用螺旋測微器測量其直徑，結果如圖所示。由圖可知其直徑d=_mm。根據(jù)實驗的實際需要，電流表應選_，電壓表應選_，滑動變阻器應選_（填選項號：如A、B、C等）實驗電路應采用電流表_接法。（填“內(nèi)”或“外”）（2）某同學在探究規(guī)格為“6V，3W”的小電珠伏安特性曲線實驗中：該同學采用圖甲所示的電路進行測量。圖中R為滑動變阻器（阻值范圍010，額定電流1

7、.0A），L為待測小電珠，V為電壓表（量程6V，內(nèi)阻約20k），A為電流表（量程0.6A，內(nèi)阻約1），E為電源（電動勢8V，內(nèi)阻不計），S為開關。在實驗過程中，開關S閉合前，滑動變阻器的滑片P應置于最_端；（填“左”或“右”）在實驗過程中，已知各元器件均無故障，但閉合開關S后，無論如何調(diào)節(jié)滑片P，電壓表和電流表的示數(shù)總是調(diào)不到零，其原因是_點至_點的導線沒有連接好；（圖甲中的黑色小圓點表示接線點，并用數(shù)字標記，空格中請?zhí)顚憟D甲中的數(shù)字，如“2點至3點”的導線）該同學描繪出小電珠的伏安特性曲線示意圖如圖乙所示，則小電珠的電阻值隨工作電壓的增大而_。（填“不變”、“增大”或“減小”）12（12分）

8、下圖中給出的是用螺旋測微器測量一金屬薄板厚度時的示數(shù)，此讀數(shù)應為 _ mm四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，A、B為兩塊平行金屬板，A板帶正電、B板帶負電兩板之間存在著勻強電場，兩板間距為d、電勢差為U，在B板上開有兩個間距為L的小孔C、D為兩塊同心半圓形金屬板，圓心都在貼近B板的O處，C帶正電、D帶負電兩板間的距離很近，兩板末端的中心線正對著B板上的小孔，兩板間的電場強度可認為大小處處相等，方向都指向O.半圓形金屬板兩端與B板的間隙可忽略不計現(xiàn)從正對B板小孔緊靠A板的O處由靜止釋放一個質(zhì)量為m

9、、電量為q的帶正電微粒（微粒的重力不計），求：（1）微粒穿過B板小孔時的速度多大；（2）為了使微粒能在CD板間運動而不碰板，CD板間的電場強度大小應滿足什么條件；（3）從釋放微粒開始，經(jīng)過多長時間微粒第一次通過半圓形金屬板間的最低點P點？14（16分）如圖所示，充電后的平行板電容器水平放置，電容為C，極板間的距離為d，上板正中有一小孔質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球從小孔正上方高h處由靜止開始下落，穿過小孔到達下極板處速度恰為零（空氣阻力忽略不計，極板間電場可視為勻強電場，重力加速度為g）求：（1）小球到達小孔處的速度；（2）極板間電場強度的大小和電容器所帶電荷量；（3）小球從開始下落運動到下極板

10、處的時間15（12分）如圖所示中，一根垂直紙面放置的通電直導線，電流垂直紙內(nèi)向里，電流強度為I，其質(zhì)量為m，長為L，當加上一個勻強磁場時，導體仍能夠靜止在傾角為的光滑斜面，問：（1）最小應加一個多大的磁場？方向如何？（2）調(diào)節(jié)磁感應強度的大小和方向，使導體所受磁場力的大小為mg，且導體保持靜止狀態(tài)，那么斜面所受的壓力是多大？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】試題分析：a圖接法：電壓表的示數(shù)為R兩端的電壓和安培表兩端的電壓之和，即U=UR+UA 電流表的示數(shù)I是通過R的真實值，則；b圖接法中：電流表的示數(shù)

11、為通過電阻的電流和電壓表的電流之和，即I=IR+IV電壓表的示數(shù)U是R兩端電壓的真實值，則，故A選項正確。考點：伏安法測電阻.【名師點睛】此題考查了伏安法測電阻的兩個電路；知道待測電阻遠大于電流表內(nèi)阻時，電流表的分壓小，可忽略不計，用電流表內(nèi)接法測量值偏大待測電阻遠小于電壓表內(nèi)阻時，電壓表的分流小，可忽略不計，用電流表外接法，測量值偏小2、D【解析】試題分析：因為虛線所示的圓面是等勢面，則AE、AD、AC、AB之間的電勢差相等，所以根據(jù)W=Uq可知將檢驗電荷從A點分別移到以點電荷為中心的同一圓周上的B、C、D、E各點，則電場力做的功相等，故選D.考點：電場力的功.3、B【解析】A、月亮在云中穿

12、行，月亮是運動的，相對于云在運動，故參考系不是月亮;故A錯誤.B、抬頭望明月，覺得月亮在云中穿行，是月亮相對于云在運動，故參考系為云;B選項正確.C、若選地面為參考系，月亮也是運動的，但月亮的運動在短時間內(nèi)是不易觀察的，而題中已說明月亮在云中穿行即相對于云的運動;故C錯誤.D、若選觀察者為參考系，月亮也是運動的，而題中情景已說明月亮在云中穿行即相對于云的運動;故D錯誤.故選B.【點睛】運動的相對性和參考系的選擇問題月亮在云中穿行，主要是月亮相對于云在運動，要結合具體的語言情景做題.4、D【解析】根據(jù)圖象可以知道電源的電動勢的大小，和燈泡的電壓電流的大小，根據(jù)功率的公式計算即可【詳解】由圖象可知

13、用該電源和燈泡組成閉合電路時，交點為它們工作時的電流和電壓的大小，電路中電流為I=2A，路端電壓為U=3V，電源的電動勢的大小為E=4V，電源的輸出功率為P出=UI=23=6W，電源的總功率P總=EI=42 W =8W故選D5、B【解析】A、在磁場中，由右手定則知，正電荷受力方向應該是向上的，故A錯誤B、在磁場中，由右手定則知，正電荷受力方向應該是向下的，故B正確；C、正電荷在電場中受力方向與電場方向一致，故C錯誤；D、正電荷在電場中受力方向和電場方向一致，應該向上，故D錯誤；綜上所述本題答案是：B6、B【解析】解：燈泡與滑動變阻器串聯(lián)后進在電源兩端，若動變阻器的滑片使其接入電路的阻值增大，根

14、據(jù)閉合電路歐姆定律，電流一定減小；根據(jù)公式P=I2R，燈泡的發(fā)熱功率一定減小，故燈泡亮度一定降低；故選：B【點評】本題關鍵先根據(jù)閉合電路歐姆定律判斷電流變化情況，再根據(jù)公式P=I2R判斷燈泡的實際功率變化情況，簡單題二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A若R1斷路，則外電路電阻增大，電路中電流減小，路端電壓將增大，加在R2兩端電壓增大；則電流表的示數(shù)也將增大，故A正確；BCD若R1或R2短路，則電壓表被短路，電壓表示數(shù)應為零；只有R3短路時，電壓表接在電源

15、兩端，測量值為電源的輸出電壓，故電壓表示數(shù)變大；同時因電路中電阻減小，故電路中電流增大，故D正確，BC錯誤。故選AD。8、ABD【解析】A由題意可知，帶電小球所受洛倫茲力方向垂直于斜面向上，由左手定則可知，小球帶正電，所以A正確；BC對小球受力分析，有重力，斜面對其的支持力和洛倫茲力，小球所受重力沿斜面向下的分力等于小球所受合力，保持不變，由牛頓第二定律可知，加速度保持不變，所以小球做勻加速直線運動，所以B正確，C錯誤；D當小球所受洛倫茲力與重力垂直于斜面向下的分力相等時，小球?qū)π泵娴膲毫榱悖瑒t化簡得所以D正確。故選ABD。9、BD【解析】A當電場方向向下時，帶電小球所受的電場力方向向下，重

16、力方向也向下，根據(jù)共點力的平衡條件，小球不能靜止在圖中位置，A錯誤；B當電場方向向上時，帶電小球所受的電場力方向上，當細線可以無拉力，小球可以靜止在如圖位置，B正確；C當電場方向水平向左，帶電小球所受的電場力方向向左，重力方向向下，根據(jù)共點力的平衡條件，小球不能靜止在圖中位置，C錯誤；D當電場方向水平向右，帶電小球所受的電場力水平向右，重力方向向下，根據(jù)共點力的平衡條件，小球可以靜止在如圖位置，D正確。故選BD。10、AD【解析】因為O點離Q比A點近，又因為Q是正電荷，電場線方向沿著半徑方向背離電荷，根據(jù)沿著電場線的方向，電勢降低，可知A點的電勢低于O點電勢，故A正確；從A到D運動，根據(jù)動能定

17、理，則有：，解得電場力做功：，場中B點的電勢為零，A點的電勢也為零，因為電場力做負功，則電勢能增加，因此點電荷-q在D點的電勢能為：；規(guī)定電D點的電勢為：，故B錯誤，D正確；由幾何關系得：B到C的距離是O到C的距離的倍，根據(jù)點電荷電場強度公式：，則有B點電場強度大小是O點的倍，故C正確所以ACD正確，B錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.435mm（0.433-0.436） C D F 外 左 1（或5） 5（或1） 增大 【解析】(1)1 由圖可知其直徑234根據(jù)題意可知，電源電壓3V，阻值約5歐，所以回路電流最大值為所以電流

18、表選擇C；電壓表選擇D；根據(jù)題意可知，為了方便調(diào)節(jié)減小誤差，滑動變阻器應選擇F。5因為所以采取外接法。(2)6閉合開關前，待測支路電流為零，所以滑片置于最左端。78在實驗過程中，已知各元器件均無故障，但閉合開關S后，無論如何調(diào)節(jié)滑片P，電壓表和電流表的示數(shù)總是調(diào)不到零，電路連成了限流式接法，所以1點至5點的導線沒有連接好。9根據(jù)伏安特性曲線可知，圖像斜率表示電阻倒數(shù)，斜率變小，則電阻增大。12、5.624【解析】螺旋測微器的固定刻度為5.5mm，可動刻度為12.40.01mm=0.124mm，所以最終讀數(shù)為5.5mm+0.124mm=5.624mm，由于需要估讀，最后的結果可以在5.6235.

19、625之間四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）（2d+）【解析】(1)設微粒穿過B板小孔時的速度為v，根據(jù)動能定理，有qUmv2解得:(2)微粒進入半圓形金屬板后，電場力提供向心力，有聯(lián)立解得：(3)微粒從釋放開始經(jīng)t1射入B板的小孔，則設微粒在半圓形金屬板間運動經(jīng)過t2第一次到達最低點P點，則所以從釋放微粒開始，經(jīng)過:微粒第一次到達P點。14、（1）；（2），；（3）【解析】（1）小球到達小孔前是自由落體運動，根據(jù)速度位移關系公式，有：v2=2gh解得： （2）對從釋放到到達下極板處過程運用動能

20、定理列式，有：mg（h+d）-qEd=0解得： 電容器兩極板間的電壓為：電容器的帶電量為：（3）加速過程：mgt1=mv減速過程，有：（mg-qE）t2=0-mvt=t1+t2聯(lián)立解得：【點睛】本題關鍵是明確小球的受力情況和運動規(guī)律，然后結合動能定理和動量定理列式分析，不難15、（1）最小應加的磁場，方向垂直于斜面向上；（2）斜面所受的壓力是0或2mgcos【解析】試題分析：（1）導體棒所受重力的大小方向不變，支持力的方向不變，根據(jù)三角形定則求出安培力的最小值，從而求出磁感應強度的最小值和方向（2）當導體受到的安培力大小為mg時，有共點力平衡判斷出磁場方向，和斜面受到的壓力；解：（1）根據(jù)三角形定則知，當安培力沿斜面向上時，安培力最小，有：mgsin=BIL解得：B=此時B垂直于斜面向上（2）當導體受到的安培力大小為mg時，有共點力平衡判斷出磁場當受到的安培力豎直向上時，此時支持力為零，由牛頓第三定律可知對斜面的壓力為0當重力在沿斜面的分力 與安培力在沿斜面的分力相等時，此時斜面對物體的支持力為：FN=2mgcos答：（1）最小應加的磁場，方向垂直于斜面向上；（2）斜面所受的壓力是0或2mgcos【點評】解決本題的關鍵會根據(jù)共點力平衡求解力，以及知道根據(jù)三角形定則，當安培力的方向與支持力方向垂直時，安培力有最小值