《成都實(shí)驗中學(xué)2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《成都實(shí)驗中學(xué)2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析.doc（12頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一根橫截面積為S的均勻長直橡膠棒上均勻帶有負(fù)電荷，每米橡膠棒所帶電荷量為q，當(dāng)此棒沿軸線方向做速度為v的勻速直線運(yùn)動時，由于棒運(yùn)動而形成的等效電流大小為（）ABCD2、如圖所示，平行金屬板中帶電液滴原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電

2、流表和電壓表對電路的影響，當(dāng)滑動變阻器的滑片向端移動時，則（ ）A電壓表讀數(shù)減小B電流表讀數(shù)減小C液滴將向上運(yùn)動D上消耗的功率逐漸增大3、如圖所示，兩輛質(zhì)量均為M的小車A和B置于光滑的水平面上，有一質(zhì)量為m的人靜止站在A車上，兩車靜止若這個人自A車跳到B車上，接著又跳回A車并與A車相對靜止，則此時A車和B車的速度大小之比為（）ABCD4、現(xiàn)代觀測表明，由于引力作用，恒星有“聚集”的特點(diǎn)，眾多的恒星組成了不同層次的恒星系統(tǒng)，最簡單的恒星系統(tǒng)是兩顆互相繞轉(zhuǎn)的雙星，事實(shí)上，冥王星也是和另一星體構(gòu)成雙星，如圖所示，這兩顆行星m1、m2各以一定速率繞它們連線上某一中心O勻速轉(zhuǎn)動，這樣才不至于因萬有引力作

3、用而吸引在一起，現(xiàn)測出雙星間的距離始終為L，且它們做勻速圓周運(yùn)動的半徑r1與r2之比為32，則 ()A它們的角速度大小之比為23B它們的線速度大小之比為32C它們的質(zhì)量之比為32D它們的周期之比為235、如圖所示，四邊形的通電閉合線框abcd處在垂直線框平面的勻強(qiáng)磁場中，它受到磁場力的合力( )A為零B豎直向上C方向垂直于ad斜向上D方向垂直于bc斜向上6、兩個大小相同、可看成點(diǎn)電荷的金屬小球a和b，分別帶有等量異種電荷，被固定在絕緣水平面上，這時兩球間靜電力的大小為F.現(xiàn)用一個不帶電且與金屬小球a、b大小相同的絕緣金屬小球c先與a球接觸，再與b球接觸后移去，則a、b兩球間的靜電力大小變?yōu)椋?

4、）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，O是一固定的點(diǎn)電荷，虛線a、b、c是該點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中的三條等勢線，正點(diǎn)電荷q僅受電場力的作用沿實(shí)線所示的軌跡從a處運(yùn)動到b處，然后又運(yùn)動到c處，由此可見（ ）AO為負(fù)電荷B在整個過程中q的速度先變大后變小C在整個過程中q的加速度先變大后變小D在整個過程中，電場力做功為08、關(guān)于電動勢下列說法中正確的是（ ）A在電源內(nèi)部把正電荷從負(fù)極移到正極，非靜電力做功，電能增加B對于給定的電源，移動正電荷非靜電力做功越多，電動

5、勢就越大C電動勢越大，說明非靜電力在電源內(nèi)部把正電荷從負(fù)極向正極送單位電荷量做功越多D電動勢越大，說明非靜電力在電源內(nèi)部把正電荷從負(fù)極向正極移送電荷量越多9、我國北斗衛(wèi)星系統(tǒng)中有一顆通過地球南北極上空的圓形軌道衛(wèi)星，稱為“極地衛(wèi)星”。它繞地球運(yùn)行周期等于地球自轉(zhuǎn)周期，下面關(guān)于它的說法正確的是（ ）A它每次經(jīng)過赤道上空時，都經(jīng)過地球上同一地點(diǎn)的上空B極地衛(wèi)星的軌道平面相對于太陽每天轉(zhuǎn)一圈C極地衛(wèi)星的軌道平面相對于地球每天轉(zhuǎn)一圈D極地衛(wèi)星的軌道平面相對于地球每天可以轉(zhuǎn)幾圈10、M和N是兩個不帶電的物體，它們互相摩擦后M帶正電1.61010C，下列判斷正確的有A摩擦的過程中電子從M轉(zhuǎn)移到NB在摩擦前

6、M和N的內(nèi)部沒有任何電荷CM在摩擦過程中失去1.61010個電子DN在摩擦后一定帶負(fù)電1.61010C三、實(shí)驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在探究平行板電容器的電容與哪些因素有關(guān)的實(shí)驗中，某同學(xué)猜測電容可能與極板間的距離d、極板的正對面積S及插入極板間的介質(zhì)有關(guān)他將一個已經(jīng)充電的平行板電容器與靜電計連接如圖所示已知靜電計指針張角隨著電容器兩極間的電勢差的增大而增大實(shí)驗時保持電容器極板所帶的電量不變，且電容器B板位置不動（填“增大”、“減小”或“不變”）(1)將A板向左平移，靜電計指針張角_； (2)將A板豎直向上平移，則靜電計指針張

7、角_；(3)在A、B板間插入電介質(zhì)，則靜電計指針張角_ 12（12分）在“測繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗中，使用的小燈泡標(biāo)有“6 V3 W”，其他可供選擇的器材有：A電壓表V1(量程6 V，內(nèi)阻20 k)B電壓表V2(量程20 V，內(nèi)阻60 k)C電流表A1(量程3 A，內(nèi)阻0.2 )D電流表A2(量程0.6 A，內(nèi)阻1 )E滑動變阻器R1(01000 ，0.5 A)F滑動變阻器R2(020 ，2 A)G學(xué)生電源E(6 V8 V)H開關(guān)S及導(dǎo)線若干某同學(xué)通過實(shí)驗測得小燈泡兩端的電壓U和通過它的電流I，繪成UI關(guān)系曲線如圖甲所示(1)實(shí)驗中電壓表應(yīng)選用_，電流表應(yīng)選用_，滑動變阻器應(yīng)選用_；(

8、2)在虛線框乙中畫出實(shí)驗所用的電路圖_；(3)若實(shí)驗中采用了如下圖所示的部分電路，測算出的電功率比燈泡的實(shí)際功率_(選填“偏大”或“偏小”)(4)若將該小燈泡接在電動勢為6 V，內(nèi)阻為4 的電源兩端，則燈泡實(shí)際消耗的功率為_W（保留3位有效數(shù)字）.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，水平導(dǎo)軌間距為L0.5 m，導(dǎo)軌電阻忽略不計；導(dǎo)體棒ab的質(zhì)量m1 kg，電阻R00.9 ，與導(dǎo)軌接觸良好；電源電動勢E10 V，內(nèi)阻r0.1 ，電阻R4 ；外加勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B5 T，方向垂直于ab，與導(dǎo)軌平面

9、成夾角53；ab與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為0.5（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力），定滑輪摩擦不計，線對ab的拉力為水平方向，重力加速度g10 m/s2，ab處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知sin 530.8，cos 530.6。求：（1）通過ab的電流大小和方向；（2）ab受到的安培力大小；（3）重物重力G的取值范圍。14（16分）離我們最近的一顆恒星是比鄰星，它距離我們是10m，從地球向比鄰星發(fā)射的電磁波，要經(jīng)過多長時間才能到達(dá)比鄰星？(電磁波的速度3.00108m/s)15（12分）如圖所示，用細(xì)繩的一端系著質(zhì)量為M=0.6kg的物體A（靜止在水平轉(zhuǎn)盤上），細(xì)繩另一端通過轉(zhuǎn)盤中心的光滑小孔O吊著質(zhì)量為m=0

10、.3kg的小球B，A的重心到O點(diǎn)的距離為0.2m若A與轉(zhuǎn)盤問的最大靜摩擦力為Ff=2N，為使小球B保持靜止，求轉(zhuǎn)盤繞中心O旋轉(zhuǎn)的角速度的取值范圍（取g=10m/s2）參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】在運(yùn)動方向上取一橫截面，則在t時間內(nèi)通過該橫截面的電荷量為：等效電流：故A正確，BCD錯誤。故選A。2、A【解析】AB由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再與R1串聯(lián)接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減??；由閉合電路歐姆定律

11、可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大，故并聯(lián)部分的電壓減??；由歐姆定律可知流過R3的電流減小，流過并聯(lián)部分的總電流增大，故電流表示數(shù)增大；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大，故電壓表示數(shù)減小，故A正確，B錯誤；C因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，合力向下，質(zhì)點(diǎn)將向下運(yùn)動，故C錯誤；D因R3兩端的電壓減小，由可知，R3上消耗的功率減小，故D錯誤。3、C【解析】A、B兩車以及人組成的系統(tǒng)，動量守恒，規(guī)定向右為正方向，有：0MvB（M+m）vA，解得：，故選C4、B【解析】雙星的角速度和周期都相同，故A、D均錯，由m12r1，m22r2，解

12、得m1m2r2r123，C錯誤由vr知，v1v2r1r232，B正確5、A【解析】若通以順時針的電流方向，根據(jù)左手定則可知：各邊所受的安培力背離中心處如圖所示：由公式得出各邊的安培力的大小，從而得出安培力大小與長度成正比，因而兩直角邊的安培力與斜邊的安培力等值反向所以線圈所受磁場力的合力為零D正確，A、B、C錯誤故選D。6、D【解析】設(shè)a球與b球的電荷量大小均為q，距離為r，則 a和b之間的庫侖引力為：，假設(shè)a球帶正電，當(dāng)不帶電的小球c與a球接觸后，a、c兩球平分電荷，每球帶電持量為，當(dāng)再把c球與b球接觸后，兩球的電荷先中和，再平分，每球所帶電荷量為，由于r不變，則a、b兩球之間的相互作用力的

13、大小為：，故D正確，ABC錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】A粒子的所受合力的方向大致指向軌跡的彎曲的方向，知正電荷所受的電場力背離點(diǎn)電荷向外，知O為正電荷故A錯誤B從從a處運(yùn)動b處，然后又運(yùn)動到c處電場力先做負(fù)功，再做正功，則動能先減小再增大，所以速度先減小再增大故B錯誤C越靠近點(diǎn)電荷，電場線越密，則電荷所受電場力越大，加速度越大，則加速度先增大后減小，故C正確Da與c在同一個等勢面上，兩點(diǎn)間的電勢差為零，根據(jù)W=qU，知電場力做功為零，故D正確

14、8、AC【解析】在電源內(nèi)部把正電荷從負(fù)極移到正極非靜電力做功，電能增加，電動勢表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的大小；根據(jù)電動勢的定義式E=分析其意義；電動勢等于電源沒有接入電路時兩極的電壓【詳解】A、在電源內(nèi)部非靜電力把正電荷從負(fù)極移到正極而做功，其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能，電能增加，故A正確B、電動勢等于電源沒有接入電路時兩極的電壓，故B錯誤C、D、根據(jù)電動勢的定義式E=得：W=qE，可知電動勢越大，說明非靜電力在電源內(nèi)部把單位正電荷從負(fù)極向正極移送做功越多故C正確，D錯誤故選AC【點(diǎn)睛】本題的解題關(guān)鍵是理解掌握電動勢的物理意義、掌握電動勢的定義式E=，知道電動勢與電源兩極間電壓的區(qū)別9、

15、AC【解析】A它繞地球運(yùn)行周期等于地球自轉(zhuǎn)周期，所以它每次從南向北經(jīng)過赤道上空時，都經(jīng)過地球上同一地點(diǎn)的上空，故A正確；BCD極地衛(wèi)星繞地球運(yùn)行周期等于地球自轉(zhuǎn)周期，極地衛(wèi)星的軌道平面相對于地球每天轉(zhuǎn)一圈，故BD錯誤，C正確。10、AD【解析】AB.和是兩個不帶電的物體，它們互相摩擦后帶正電，實(shí)質(zhì)是上的電子轉(zhuǎn)移到上，故在此之前和都帶電荷，故A正確，B錯誤；CD. 摩擦后帶正電，說明失去電子，而相應(yīng)得到等量的電子，故在摩擦后一定帶負(fù)電，在摩擦過程中失去的電子數(shù)為：個故C錯誤，D正確。三、實(shí)驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、增大 增大 減小 【

16、解析】先根據(jù)電容的決定式分析電容的變化，再根據(jù)電容的定義式分析得到板間電勢差的變化；靜電計是測量電勢差的儀器，根據(jù)兩板間的電電勢差的變化得出張角的變化；【詳解】(1)將A板向左平移，板間距離增大，根據(jù)電容的決定式得知，電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢差U增大，則靜電計指針張角增大；(2)將A板豎直向上平移，兩極板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式得知，電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢差U增大，則靜電計指針張角增大；(3)將電介質(zhì)插入兩板之間，根據(jù)電容的決定式得知，電容C增大，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢差

17、U減小，則靜電計指針張角減小12、A D F 1.89 【解析】（1）電源電壓只有，而小燈泡的額定電壓是，所以電壓表選擇量程為的電壓表，即選A；小燈泡的額定電流，電流表選擇量程的，即電流表選D；由于測繪小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗中小燈泡的電壓要從0開始變化，所以滑動變阻器選擇分壓式，因此選擇阻值較小的便于調(diào)節(jié)，即滑動變阻器選F（2）燈泡電阻約為，根據(jù)，所以小電阻選擇電流表外接法，電路圖如圖所示：（3）在同一坐標(biāo)系內(nèi)作出電源的U-I圖象如圖所示：兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)值是該電源給燈泡供電時燈泡兩端電壓與通過燈泡的電流，由圖象可知，燈泡兩端電壓U=4.2V，電流I=0.45A，燈泡實(shí)際功率P=UI=4.2

18、V0.45A=1.89W四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2 A，方向為a到b（2）5 N（3）0.5 NG7.5 N【解析】（1）通過ab的電流方向為a到b。（2）ab受到的安培力大小FBIL5 N（3）導(dǎo)體棒ab受力如圖所示。有fm(mgFcos 53)3.5 N當(dāng)最大靜摩擦力方向向右時FTFsin 53fm0.5 N當(dāng)最大靜摩擦力方向向左時FTFsin 53fm7.5 N所以0.5 NG7.5 N。14、解：電磁波到達(dá)比鄰星所需要的時間為：（6分）【解析】試題分析：由運(yùn)動公式代入數(shù)據(jù)得：考點(diǎn)：本題考查了電磁波傳播時間的計算15、角速度在rad/srad/s范圍內(nèi)【解析】試題分析：當(dāng)M所受的最大靜摩擦力沿半徑方向向外時，角速度最小，當(dāng)M所受的最大靜摩擦力沿半徑向內(nèi)時，角速度最大，根據(jù)牛頓第二定律求出角速度的范圍解：當(dāng)M所受的最大靜摩擦力沿半徑方向向外時，角速度最小，根據(jù)牛頓第二定律得：mgFf=Mr12，解得1=rad/s；當(dāng)M所受的最大靜摩擦力沿半徑向內(nèi)時，角速度最大，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg+Ff=Mr22，解得2=所以rad/srad/s答：角速度在rad/srad/s范圍內(nèi)