《2023學(xué)年江西省宜春市靖安縣靖安中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中檢測試題含解析.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2023學(xué)年江西省宜春市靖安縣靖安中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中檢測試題含解析.doc（12頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法中正確的是（ ）A最小的電荷量叫元電荷B點電荷是理想模型，電場線是真實存在于電場周圍的C沿著電場線的方向電場強度一定減小D電場線上任一點的切線方向與點電荷在該點所受電場力的

2、方向相同2、在圖所示的電路中，電源的內(nèi)阻不能忽略.已知定值電阻R330，R28.當(dāng)單刀雙擲開關(guān)S置于位置3時，電壓表讀數(shù)為3V.則當(dāng)S置于位置2時，電壓表讀數(shù)的可能值為 （）A32V B26V C39V D36V3、關(guān)于感應(yīng)電動勢的大小,下列說法中不正確的是: （ ）A跟穿過閉合電路的磁通量的大小有關(guān)系B跟穿過閉合電路的磁通量的變化大小有關(guān)系C跟穿過閉合電路的磁通量的變化快慢有關(guān)系D跟電路的電阻大小有關(guān)系4、下列說法表示時刻的是：（ ）A第5s內(nèi)B前5s內(nèi)C第5s末D從第3s末到第5s末5、如圖，abc中bc=4cm，acb30勻強電場的電場線平行于abc所在平面，且a、b、c點的電勢分別為3

3、V、-1V、3V下列說法中正確的是（ ）A電場強度的方向沿ac方向B電場強度的大小為2 V/cmC電子從a點移動到b點，電勢能減少了4 eVD電子從c點移動到b點，電場力做功為4 eV6、如圖所示,導(dǎo)線框中電流為I,導(dǎo)線框垂直于磁場放置,磁感應(yīng)強度為B,AB與CD相距為d,則棒MN所受安培力大小()ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，用絲線吊一個質(zhì)量為m的帶電(絕緣)小球處于勻強磁場中，空氣阻力不計，當(dāng)小球分別從A點和B點向最低點O運動且兩次經(jīng)過O點

4、時( )A小球的動能相同B絲線所受的拉力相同C小球所受的洛倫茲力相同D小球的向心加速度相同8、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內(nèi)電阻為，C為電容器，R0為定值電阻，R為滑動變阻器。開關(guān)閉合后，燈能正常發(fā)光、當(dāng)滑動變阻器的滑片向右移動時，下列判斷正確的是（）A路端電壓變大B燈泡L將變亮C電容器C的電量將減小D電容器C的電量將增大9、如圖所示，長為L、傾角為=37的光滑絕緣斜面處于水平向右的勻強電場中，一帶電荷量為q，質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點），以初速度v0恰能沿斜面勻速上滑，sin37=0.6，cos37=0.8，則下列說法中正確的是( ) A該小球帶正電B水平勻強電場的電場強度大小為C小

5、球在B點的電勢能小于在A點的電勢能DA、B兩點間的電勢差為10、根據(jù)歐姆定律，下列說法正確的是（ ）A從R=U/I可知，導(dǎo)體的電阻跟加在導(dǎo)體兩端的電壓成正比，跟導(dǎo)體中的電流成反比B從R=U/I可知，對于某一確定的導(dǎo)體，通過的電流越大，說明導(dǎo)體兩端的電壓越大C從I=U/R可知，導(dǎo)體中的電流跟兩端的電壓成正比，跟導(dǎo)體的電阻成反比D從R=U/I可知，對于某一確定的導(dǎo)體，所加電壓跟通過導(dǎo)體的電流之比是個恒量三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中（1）某同學(xué)測量金屬絲的直徑時螺旋測微器如圖甲所示，則該金屬絲的直徑

6、為d=_mm（2）金屬絲的電阻Rx大約是3，實驗室提供的電流表A（量程2.5mA，內(nèi)阻約30）、電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約3k）則金屬絲、電流表和電壓表的連接方式應(yīng)該采用甲乙兩圖中的_圖12（12分）一個量程為的電流表，內(nèi)阻為1000，再給它串聯(lián)一個 99000的電阻，將它改裝成電壓表，改裝后電壓表的量程為 _V。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖示，電子在電壓為U1的加速電場中由靜止開始運動，然后射入電壓為U2的偏轉(zhuǎn)電場中，射入方向與場強方向垂直，整個裝置處在真空中，重力可忽略。電子的質(zhì)量為m，電量

7、e，其他量如圖所示，求（1）電子射入偏轉(zhuǎn)電場時的速度v0？（2）電子飛出偏轉(zhuǎn)電場的時間t？（3）電子飛出電場的側(cè)移距離y？（4）電子飛出電場的偏轉(zhuǎn)角？14（16分）如圖所示，一根電阻為的導(dǎo)線彎成一個圓形線圈，圓半徑，圓形線圈質(zhì)量，此線圈放在絕緣光滑的水平面上，在y軸右側(cè)有垂直于線圈平面B=0.5T的勻強磁場若線圈以初動能E0=5J沿x軸方向滑進磁場，當(dāng)進入磁場0.5m時，線圈中產(chǎn)生的電能Ee=3J求： (1)此時線圈的運動速度；(2)此時線圈與磁場左邊緣兩交接點間的電壓；(3)此時線圈加速度大小15（12分）如圖所示，在第一象限的空間中存在勻強電場，場強沿y軸負(fù)方向，場強大小；在第四象限中，存

8、在勻強磁場，磁場方向垂直xy平面（紙面）向外。一電量為q、質(zhì)量為m的帶正電的運動粒子，經(jīng)過y軸上y=h處的點P1時速率為v0，方向沿x軸正方向；然后經(jīng)過x軸上的P2點進入磁場，并經(jīng)過y軸上y=2h處的P3點。最后到達x軸上的P4點（圖中未畫出）。若不計重力，求：（1）P2點距O點的距離；（2）粒子到達P2時速度的大小和方向；（3）磁感應(yīng)強度的大??；參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】帶電體最小帶電量叫做元電荷，A正確；點電荷是理想化模型，現(xiàn)實中不存在，電場真實存在，而電場線是虛構(gòu)出來的，B錯誤；沿著電場線

9、方向電勢一定減小，但電場強度不一定減小，C錯誤；電場線上任一點的切線方向，與正點電荷在該點所受電場力的方向相同，與負(fù)點電荷的方向相反，D錯誤2、B【解析】當(dāng)單刀雙擲開關(guān)S置于位置3時，電壓表讀數(shù)為3V，則；當(dāng)單刀雙擲開關(guān)S置于位置2時，電壓表讀數(shù)；兩式作商： ，化簡得： ；因為， ，所以；綜上，即，故選B。3、C【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律公式可知ABD錯4、C【解析】第5秒內(nèi)，在時間軸上對應(yīng)一段距離，指的是時間，故A錯誤；前5秒內(nèi)，在時間軸上對應(yīng)一段距離，是從0時刻到4秒末之間，是時間，故B錯誤；第5秒末，在時間軸上對應(yīng)時間點，是時刻，故C正確；從第3秒末到第5秒末，在時間軸上對應(yīng)的是時間段

10、，是時間間隔，故D錯誤故選C點睛：對于物理中的基本概念要理解其本質(zhì)不同，如時刻具有瞬時性的特點，是變化中的某一瞬間通常與物體的狀態(tài)相對應(yīng)；時間間隔具有連續(xù)性的特點，與某一過程相對應(yīng)5、B【解析】電場力做功量度電勢能的變化勻強電場的電場線為相互平行間隔相等的平行線，而等勢線與電場線垂直；由題意知ac連線為一條等勢線，根據(jù)電場線與等勢線的特點可確定電場線的方向，再根據(jù)公式U=Ed求出電場強度.【詳解】因ac為等勢面，則場強方向垂直于ac指向b點，選項A錯誤；電場強度的大小為，選項B正確；a點電勢高于b點，則電子從a點移動到b點，電勢能增加，選項C錯誤；電子從c點移動到b點，電場力做功為3V-(-1

11、V)(-e)=-4 eV，選項D錯誤；故選B.【點睛】題的關(guān)鍵在于找出等勢面，然后才能確定電場線，要求學(xué)生明確電場線與等勢線的關(guān)系，能利用幾何關(guān)系找出等勢點，再根據(jù)等勢線的特點確定等勢面知道公式U=Ed應(yīng)用時d為沿著電場線方向的距離6、D【解析】導(dǎo)體棒都在磁場中，故安培力為故D正確；故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】帶電小球在重力與拉力及洛倫茲力共同作用下，繞固定點做圓周運動，由于拉力與洛倫茲力始終垂直于速度方向，它們對小球不做功因此僅有重力作功

12、，則有機械能守恒從而可以確定動能是否相同，并由此可確定拉力與洛倫茲力由向心加速度公式和牛頓第二定律列式分析【詳解】A、小球運動過程中，所受的細(xì)線的拉力與洛倫茲力對小球不做功，僅僅有重力作功，則小球機械能守恒，所以小球分別從A點和B點向最低點O運動且兩次經(jīng)過O點時的動能相同;故A正確.B、小球經(jīng)過最低點時速度大小不變，則根據(jù)牛頓第二定律可知，由于速度方向不同，導(dǎo)致產(chǎn)生的洛倫茲力的方向也不同，則拉力的大小也不同;故B錯誤.C、小球經(jīng)過最低點時速度大小不變，由于速度方向不同，導(dǎo)致產(chǎn)生的洛倫茲力的方向也不同，則洛倫茲力不相同;故C錯誤.D、小球的動能相同則速度的大小相等，據(jù)知，v、r相同，可知小球所受

13、的向心力相同,向心加速度相同;故D正確.故選AD.【點睛】本題考查對小球進行受力分析，并得出力做功與否，根據(jù)機械能守恒定律來解題是突破口，同時注意洛倫茲力方向隨著速度的方向不同而不同最后由牛頓第二定律來分析向心力與向心加速度8、AD【解析】當(dāng)滑動變阻器的滑片向右移動時，R增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，總電流I減小，燈泡L將變暗，路端電壓增大，故A正確，BC錯誤；而電容器的電壓等于路端電壓，則電容器的帶電量將增大，故D正確，C錯誤.。所以AD正確，BC錯誤。9、ACD【解析】A小球勻速上滑，可知電場力水平向右，則小球帶正電，選項A正確；B帶電小球從A點到B點，動能不變，則重力做功與電場力做功之

14、和為零。即qELcos=mgLsin則選項B錯誤；C從A到B電場力做正功，電勢能減小，則小球在B點的電勢能小于在A點的電勢能，選項C正確；DA、B兩點間的電勢差為選項D正確。10、BCD【解析】公式為計算式，導(dǎo)體的電阻大小和其兩端的電壓以及電流無關(guān)，對于同一個導(dǎo)體來說，電阻恒定，電流大，則電壓也大，電壓與電流的比值為定值，恒等于該電阻的阻值，A錯誤BD正確；歐姆定律可描述為導(dǎo)體中的電流跟兩端的電壓成正比，跟導(dǎo)體的電阻成反比，C正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.721mm（1.721mm1.723mm都正確）； 乙 【解析】（1

15、）由圖所示螺旋測微器可知，固定刻度示數(shù)為1.5mm，可動刻度示數(shù)為22.10.01mm=0.221mm，螺旋測微器的示數(shù)為1.5mm+0.221mm=1.721mm（2）由題意可知，則電流表應(yīng)采用外接法，應(yīng)選圖乙所示電路圖【點睛】螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)，對螺旋測微器讀數(shù)時需要估讀當(dāng)電壓表內(nèi)阻遠大于待測電阻阻值時用電流表外接；12、30【解析】1 改裝后的電壓表的量程為：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）（4）【解析】（1）對電子在電場加速，由動能定理可得：解得電子

16、射入偏轉(zhuǎn)電場時的速度為：（2）電子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，平行極板方向做勻變速直線運動，所以電子飛出偏轉(zhuǎn)電場的時間為：（3）電子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，則：在水平方向：在豎直方向：加速度為：聯(lián)立以上方程解得：（4）電子離開偏轉(zhuǎn)電場時，豎直分速度為：由幾何知識可知：聯(lián)立以上方程解得：14、 (1) (2) (3)【解析】(1)設(shè)線圈的速度為，根據(jù)能量守恒定律得:解得：(2)線圈切割磁感線的有效長度：電動勢：，電流：兩點間電壓：(3)由牛頓第二定律：解得線圈加速度大?。?5、（1）2h（2）速度與x軸夾角45（3） 【解析】（1）粒子在電場中做平拋運動，由牛頓第二定律求解加速度，根據(jù)類平拋運動

17、的分運動公式，可求得P2點距O點的距離；（2）粒子從P到O的過程中電場力做正功，是類似平拋運動，根據(jù)動能定理或分運動公式，可求得速度的大小和方向；（3）粒子沿-y方向進入磁場時，由左手定則判斷可知粒子向右偏轉(zhuǎn)，做勻速圓周運動，由洛倫茲力充當(dāng)向心力，根據(jù)牛頓第二定律可求出其軌跡半徑r，坐標(biāo)x0=2r【詳解】（1）設(shè)粒子從P1到P2的時間為t，根據(jù)類平拋運動的規(guī)律得：，根據(jù)牛頓第二定律，有：qE=ma聯(lián)立解得：x=2h（2）粒子到達P2時速度沿x方向的分量仍為v0，以v1表示速度沿y方向分量的大小，v表示速度的大小，表示速度和x軸的夾則有：，解得：，所以： （3）粒子在磁場中的運動軌跡是圓弧，如圖所示：設(shè)磁場的磁感應(yīng)強度為B，在洛侖茲力作用下粒子做勻速圓周運動，用r表示圓周的半徑由牛頓第二定律有：因為，由幾何關(guān)系可知，連線P2P3為圓軌道的直徑，由幾何關(guān)系得：解得：【點睛】對于帶電粒子先加速后偏轉(zhuǎn)的類型，常規(guī)思路是根據(jù)動能定理求加速獲得的速度，對于磁場中勻速圓周運動，結(jié)合軌跡，找出向心力的來源，由牛頓第二定律和幾何知識結(jié)合求解