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1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、運動員參加110米欄比賽，11秒末到達終點的速度為12m/s，則全程的平均速度是（）A10 m/s B11 m

2、/s C6 m/s D12 m/s2、如圖所示，邊長分別為和的單匝矩形線圈abcd在勻強磁場中繞軸勻速轉動，轉動角速度為，磁場的磁感應強度為B，線圈的電阻為R，則( )A線圈中感應電流的有效值為B線圈在圖示位置時cd邊受到的安培力大小為C線圈從圖示位置轉過的過程中通過導線橫截面的電荷量為D線圈從圖示位置轉過的過程中產(chǎn)生的熱量為3、甲、乙、丙三個燈泡，按如圖方式連接到電源上。如果丙燈泡處發(fā)生短路，某同學對電路個部分發(fā)生的變化作了如下推測（設各燈燈絲不被燒斷）：丙燈兩端電壓為零，電源兩端電壓為零，甲燈變得更亮，乙燈變得更亮。其中（ ）A只有、正確B只有、正確C只有、正確D只有、正確4、兩電荷量分別

3、為和的點電荷放在軸上的O、M兩點,兩電荷連線上各點電勢隨變化的關系如圖所示,其中A、N兩點的電勢均為零,ND段中的C點電勢最高,不計重力,則ABA點的電場強度等于零C在軸上,C點右側的場強方向沿軸正方向DN點的場強方向沿軸正方向5、一個用于加速質子的回旋加速器，其核心部分如圖所示，D形盒半徑為R，垂直D形盒底面的勻強磁場的磁感應強度為B，兩盒分別與交流電源相連下列說法正確的是（）A質子被加速后的最大速度隨B、R的增大而增大B質子被加速后的最大速度與B、R無關C質子被加速后的最大速度隨加速電壓的增大而增大D該回旋加速器也能用于加速粒子6、關于靜電場，下列結論普遍成立的是（ ）A電場強度大的地方電

4、勢高，電場強度小的地方電勢低B在正電荷或負電荷產(chǎn)生的靜電場中，電場強度方向都指向電勢降落最快的方向C電場中任意兩點之間的電勢差只與這兩點的電場強度有關D將正點電荷從電場強度為零的一點移動到電場強度為零的另一點，靜電力做功為零二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路中，電源內(nèi)阻忽略不計閉合電鍵，電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I；在滑動變阻器R1的滑片P由a端滑到b端的過程中AU先變大后變小BI先變小后變大CU與I比值先變大后變小DU變化量與I變化量比值等于R38、

5、關于多用電表的使用，下列說法正確的有A甲圖是用多用電表直流電壓檔測量小燈泡兩端的電壓，表筆接法正確B乙圖是用多用電表直流電流檔測量電路中的電流，表筆接法正確C丙圖中用的是多用電表電阻檔測量二極管的反向電阻D丁圖中用多用電表電阻檔測量的是二極管的反向電阻9、在如圖甲所示的電路中，電源電動勢為3V，內(nèi)阻不計，L1、L2是相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，R為定值電阻，阻值為10當開關S閉合后AL1的電阻為1.2BL1消耗的電功率為0.75WCL2的電阻為5DL2消耗的電功率為0.1W10、如圖甲，兩水平金屬板間距為d，板間電場強度的變化規(guī)律如圖乙所示。t0時刻，質量為m的帶電微

6、粒以初速度v0沿中線射入兩板間，0時間內(nèi)微粒勻速運動，T時刻微粒恰好經(jīng)金屬板邊緣飛出。微粒運動過程中未與金屬板接觸。重力加速度的大小為g。關于微粒在0T時間內(nèi)運動的描述，正確的是()A末速度大小為 v0B末速度沿水平方向C重力勢能減少了mgdD克服電場力做功為mgd三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某實驗小組用如圖所示的電路測量一節(jié)干電池的電動勢（E約為1.5V）和內(nèi)阻：該小組的同學經(jīng)過多次測量得到如下表所示的數(shù)據(jù)首先畫出伏安特性曲線_，由圖線可知電源的內(nèi)阻r=_；假如第五組數(shù)據(jù)測量得比較準確，電阻箱接入電路的電阻為0.4，則由

7、這組數(shù)據(jù)可求得的電流表的內(nèi)阻RA=_12（12分）某同學用圖示的電路來測量某電阻的阻值， 已知電壓表示數(shù)為18.0V，電流表示數(shù)為0.18A，則被測電阻的測量值為_；若電壓表內(nèi)阻為1000，則被測電阻的真實值為_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在平面直角坐標系xOy中，第I象限存在沿y軸負方向的水平勻強電場，在y軸負半軸上的某處固定著一點電荷（設勻強電場與點電荷電場以x軸為界互不影響），一質量為m，電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度v0垂直于y軸射入電場，經(jīng)x軸上的N點與x軸正

8、方向成=60角射入第IV象限，此后在點電荷作用下做勻速圓周運動，最后從y軸負半軸上的P點垂直于y軸射出，OP=3R不計粒子重力，靜電力常量為k，求：（1）M、N兩點間的電勢差UMN；（2）固定x軸下側平面內(nèi)的點電荷電量Q.14（16分）如圖所示，在兩條平行的虛線內(nèi)存在著寬度為L、場強為E的勻強電場，在與右側虛線相距也為L處有一與電場平行的屏現(xiàn)有一電荷量為q、質量為m的帶電粒子（重力不計），以垂直于電場線方向的初速度v0射入電場中，v0方向的延長線與屏的交點為O試求：（1）粒子從射入到打到屏上所用的時間；（2）粒子剛射出電場時的速度方向與初速度方向間夾角的正切值tan；15（12分）一電子以水平

9、速度v0沿兩平行金屬板A、B的軸線MN射入，兩金屬板間電壓UAB的變化規(guī)律如圖所示已知電子質量為m，電荷量為e，電壓周期為T，電壓為U0（1）若電子從t=0時刻進入兩板間，且能從板右邊水平飛出，則金屬板可能為多長？（2）若電子從t=0時刻進入兩板間，且在半個周期內(nèi)恰好能從板的上邊緣飛出，則電子飛出速度為多大？（3）若電子能從板右邊N點水平飛出，電子應在哪一時刻進入兩板間？兩板間距離至少為多大？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】根據(jù)平均速度公式可得 ，故選A.2、D【解析】A、電動勢的最大值為，故電流的有

10、效值，故A錯誤；B、線圈在圖示位置時感應電流最大，則cd邊受到的安培力大小，故B錯誤；C、線圈從圖示位置轉過的過程中通過導線橫截面的電荷量為，故C錯誤；D、線圈從圖示位置轉過的過程中產(chǎn)生的熱量為：，故D正確；故選D?！军c睛】要注意明確最大值及有效值的表達式，同時注意由由交流電的有效值求解熱量。3、D【解析】如果丙燈泡處發(fā)生短路，由于乙與丙并聯(lián)，乙也被短路，則外電路總電阻減小，總電流增大，所以丙燈兩端的電壓為零，甲燈變得更亮。外電路總電阻減小，路端電壓減小，但不為零，故ABC錯誤，D正確。故選：D【點睛】若丙燈泡處發(fā)生短路，乙燈也被短路，分析電路中電阻的變化，由閉合電路歐姆定律判斷電流的變化和路

11、端電壓的變化，即可判斷燈泡甲亮度的變化4、C【解析】由圖象可以發(fā)現(xiàn)，離越近電場中的電勢越高，由此可知為正電荷，同理，由于離越近電勢越低，所以為負電荷。在它們的連線上A點的電勢是零，但A點離近，所以的電荷量要大于的電荷量，故A錯誤；圖象的斜率等于場強E，則知A點電場強度大小不為零，故B錯誤。由圖可知：從C到D，電勢降低，根據(jù)順著電場線電勢降低可知，CD間電場強度方向沿x軸正方向，故C正確；由N到C過程電勢升高，則說明場強沿x軸負方向，故D錯誤；故選C。5、A【解析】ABC由得當r=R時，v最大，由此可知質子的最大速度只與粒子本身的荷質比、加速器半徑和磁場大小有關，與加速電壓無關，故A正確，BC錯

12、誤；D此加速器加速電場周期，加速粒子時，兩個周期不同，不能加速粒子，故D錯誤；6、B【解析】A電勢與電場強度沒有直接關系，所以電場強度大的地方電勢不一定高，電場強度小的地方電勢不一定低，故A錯誤；B沿電場方向電勢降低，而且降低最快，故B正確；C由公式U=Ed可知，兩點之間的電勢差與場強和兩點間沿電場線方向的距離都有關，故C錯誤；D場強為零，電勢不一定為零，電場力做功與電勢的變化有關，將正點電荷從場強為零的一點移動到場強為零的另一點，電勢可能變化，所以電場力可能做功，故D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分

13、，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】由圖可知電壓表測量的是電源的電壓，由于電源內(nèi)阻忽略不計，則電壓表的示數(shù)總是不變，故A錯誤；在滑動變阻器的滑片P由a端滑到b端的過程中，滑動變阻器的電阻先增大后減小，由于電壓不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電流表示數(shù)先減小后增大，U與I的比值就是接入電路的的電阻與的電阻的和，所以U與I比值先變大后變小，故C正確；由于電壓表示數(shù)沒有變化，所以U變化量與I變化量比值等于0，故D錯誤；【點睛】當滑動變阻器的兩部分并聯(lián)在電路中時，在最中間時，電阻最大，滑片從一端移動到另一端的過程中，電阻先增大后減小，8、BD【解析】使用多用電表測電壓或電流時，電流從紅

14、表筆流入黑表筆流出，多用電表要與待測電路并聯(lián)或串聯(lián)，分析電路圖答題；歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆相連，負極與紅表筆相連，分析電路圖，然后答題；【詳解】A、甲圖是用多用電表直流電壓檔測量小燈泡兩端的電壓，表筆的紅黑表筆接錯，故A錯誤；B、乙圖是用多用電表直流電流檔測量電路中的電流，電流從紅表筆流入，從黑表筆流出，表筆接法正確，故B正確；C、歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆相連，負極與紅表筆相連，由圖丙所示電路圖可知，黑表筆接二極管正極，紅表筆接二極管負極，多用電表測二極管正向電阻，由圖丁所示電路圖可知，黑表筆接二極管負極，紅表筆接二極管正極，多用電表測二極管反向電阻，故C錯誤、D正確?！军c睛】本題考查了

15、多用電表的使用，使用多用代表時要注意電流總是由紅表筆流入，黑表筆流出，知道多用電表的結構、分析清楚圖示電路圖即可解題。9、BC【解析】AB、當開關閉合后，燈泡L1的電壓U1=3V，由圖讀出其電流I1=0.25A，則燈泡L1的電阻，功率P1=U1I1=0.75W故選項A不符合題意，選項B符合題意；C、燈泡L2的電壓為U，電流為I，R與燈泡L2串聯(lián)，則有，在小燈泡的伏安特性曲線作圖，如圖所示，則有，L2的電阻為5，L2消耗的電功率為0.2W，故選項C符合題意，選項D不符合題意；故選BC10、BCD【解析】AB因為0T/3時間內(nèi)微粒做勻速直線運動，即有，所以在T/32T/3內(nèi)，微粒做平拋運動，在2T

16、/3T時間內(nèi)，合力，在豎直方向上根據(jù)對稱性可得豎直方向上的速度為零，即末速度大小為 ，沿水平方向，A錯誤B正確；C、微粒沿金屬板邊緣飛出，豎直方向上的位移為d/2，所以重力勢能減少了mgd，故C對；D、在2T/3T時間內(nèi)，合力，在豎直方向上根據(jù)對稱性可知此過程運動的位移為d/4，所以克服電場力做功為 ，故D對；故選BCD【點睛】帶電粒子在電場中偏轉問題，首先要正確的對帶電粒子在這兩種情況下進行正確的受力分析，確定粒子的運動類型解決帶電粒子垂直射入電場的類型的題，應用平拋運動的規(guī)律進行求解此類型的題要注意是否要考慮帶電粒子的重力，原則是：除有說明或暗示外，對基本粒子（例如電子，質子、粒子、離子等

17、），一般不考慮重力；對帶點微粒，（如液滴、油滴、小球、塵埃等），一般要考慮重力三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 0.75-0.85 0.20 【解析】根據(jù)測得的數(shù)據(jù)作出U-I圖象如圖所示：;由圖象的斜率可得內(nèi)阻 (允許0.750.85);由第五組數(shù)據(jù)結合部分電路的歐姆定律：，解得：.【點睛】解決本題的關鍵掌握測量電源電動勢和內(nèi)阻的實驗原理，運用閉合電路歐姆定律分析，以及會運用圖象法直觀地得出電源的電動勢和內(nèi)阻12、 100 110【解析】電阻測量值： ，電阻真實值： ；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題

18、處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）【解析】（1）粒子在第一象限做類平拋運動，根據(jù)類平拋的特點可以求出末速度大小，再根據(jù)動能定理可求出電勢差；（2）粒子在第四象限做圓周運動，利用幾何關系找到半徑，利用牛頓第二定律可求解電荷量Q【詳解】（1）設粒子過N點時的速度為v，有解得粒子從M點運動到N點的過程，由動能定理有聯(lián)立解得（2）設帶電粒在第四象限內(nèi)的運動半徑為r， 由幾何關系得由牛頓第二定律有聯(lián)立解得故本題答案是：（1）；（2）14、（1）（2）【解析】試題分析：（1）根據(jù)題意，粒子在垂直于電場線的方向上做勻速直線運動，所以粒子從射入到打到屏上所用的時間（2）設粒子射

19、出電場時沿平行電場線方向的速度為vy，根據(jù)牛頓第二定律，粒子在電場中運動的時間：粒子在電場中的加速度為：所以：所以粒子剛射出電場時的速度方向與初速度方向間夾角的正切值為考點：帶電粒子在電場中的運動【名師點睛】本題中帶電粒子先做類平拋運動后做勻速直線運動，運用運動的分解研究類平拋運動，即在水平方向做勻速運動，豎直方向做勻加速運動，并根據(jù)幾何知識求解。15、（1）l=nv0T(n=1,2,3,.)（2）（3） (n=0,1,2,3) 【解析】（1）粒子能水平從右邊飛出,經(jīng)過時間應滿足:t=nT又因水平方向勻速運動,所以板長為: l=nv0T(n=1,2,3,.)（2）電子加速過程中: 計算得出（3）要粒子從O點水平飛出,電子進入時刻應為: （n=0,1,2,3.）即： (n=0,1,2,3) 在半周期內(nèi)豎直位移為 又 電子不與板相碰,必須滿足條件: 由上式得兩板間距離至少為: