《山東省濰坊市第七中學(xué)2022-2023學(xué)年物理高三上期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《山東省濰坊市第七中學(xué)2022-2023學(xué)年物理高三上期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題（含解析）.doc（13頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,粗細(xì)均勻的 U 形管豎直放置,管內(nèi)有水銀柱封住一段空氣柱,如果沿虛線所示的位置把開口一側(cè)的部分截掉,保持彎曲部分管子位置不動,則封閉在管內(nèi)的空氣柱將( )A體積不變B體積變大C壓強變大D壓強不變2、下列所列出的物理量

2、中，屬標(biāo)量的是（ ）A重力B路程C位移D加速度3、如圖所示，a、b為豎直正對放置的平行金屬板構(gòu)成的偏轉(zhuǎn)電場，其中a板帶正電，兩板間的電壓為U，在金屬板下方存在一有界的勻強磁場，磁場的上邊界為與兩金屬板下端重合的水平面PQ，PQ下方的磁場范圍足夠大，磁場的磁感應(yīng)強度大小為B，一帶正電粒子以速度v0從兩板中間位置與a、b平行方向射入偏轉(zhuǎn)電場，不計粒子重力，粒子通過偏轉(zhuǎn)電場后從PQ邊界上的M點進(jìn)入磁場，運動一段時間后又從PQ邊界上的N點射出磁場，設(shè)M、N兩點距離為x（M、N點圖中未畫出），從N點射出的速度為v，則以下說法中正確的是A只增大帶電粒子的比荷大小，則v減小B只增大偏轉(zhuǎn)電場的電壓U的大小，則

3、v減小C只減小初速度v0的大小，則x不變D只減小偏轉(zhuǎn)電場的電壓U的大小，則x不變4、如圖是“神舟十號”飛船返回艙成功返回地面時的情景。返回艙返回時,先靠降落傘減速,豎直落地前還靠反沖火箭使其速度進(jìn)一步降低。假設(shè)返回艙速度是,反沖火箭工作0.3s后,速度降為,在這個過程中,返回艙中的航天員()A處于超重狀態(tài),對座椅的平均壓力約是自身體重的3倍B處于失重狀態(tài),對座椅的平均壓力約是自身體重的C處于超重狀態(tài),對座椅的平均壓力約是自身體重的2倍D處于失重狀態(tài),對座椅的平均壓力約是自身體重的5、如圖所示,A、B兩物體系在跨過光滑定滑輪的一根輕繩的兩端,當(dāng)A物體以速度v向左運動時,系A(chǔ)、B的繩分別與水平方向

4、成、角,此時B物體的速度大小為( )ABCD6、關(guān)于做勻速圓周運動物體的線速度、角速度、加速度、周期之間的關(guān)系，下列說法正確的是A角速度大的半徑一定小B角速度大的周期一定小C線速度大的周期一定小D加速度大的角速度一定大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,半徑為R的圓是圓柱形區(qū)域的橫截面,c為圓心, ,在圓上a點有一粒子源能以相同的速率向圓而內(nèi)各個方向發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子,柱形區(qū)域內(nèi)存在平行于圓面的勻強電場,粒子從電場中射出的最大動能是初動能的

5、4倍經(jīng)過b點的粒子在b點的動能是初動能的3倍,已知初動能為Ek,不計粒子重力及粒子間的相互作用,下列選項正確的有A電場強度大小為B電場強度大小為C電場強度方向從a到bD電場強度方向從a到c8、甲、乙兩車從t=0時刻開始在一條平直公路上相向行駛，其v-t圖象分別如圖中的直線A和B所示，已知兩車在t=8s時相遇，由圖可知At=4s時，甲、乙兩車相距最遠(yuǎn)Bt=6s時，甲、乙兩車第一次相遇Ct=0時，甲、乙兩車相距16mD甲、乙兩車兩次相遇的地點相距12m9、如圖所示，固定在水平面上的光滑斜面傾角為30，質(zhì)量分別為M、m的兩個物體通過細(xì)繩及輕彈簧連接于光滑輕滑輪兩側(cè)，斜面底端有一與斜面垂直的擋板開始時

6、用手按住物體M，此時M距離擋板的距離為s，滑輪兩邊的細(xì)繩恰好伸直，且彈簧處于原長狀態(tài)已知M=2m，空氣阻力不計松開手后，關(guān)于二者的運動下列說法中正確的是（ ）AM和m組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B當(dāng)M的速度最大時，m與地面間的作用力為零C若M恰好能到達(dá)擋板處，則此時m的速度為零D若M恰好能到達(dá)擋板處，則此過程中重力對M做的功等于彈簧彈性勢能的增加量與物體m的機(jī)械能增加量之和10、如圖所示，一小車靜止在光滑水平面上，甲、乙兩人分別站在左右兩側(cè)，整個系統(tǒng)原來靜止，當(dāng)兩人同時相向走動時小車向左運動，下列說法正確的是（）A若甲乙質(zhì)量相等，甲的速率一定大于乙的速率B若甲乙質(zhì)量相等，甲的速率一定小于乙的速率C若乙

7、的速率大，乙的質(zhì)量一定大于甲的質(zhì)量D若乙的速率大，乙的質(zhì)量一定小于甲的質(zhì)量三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在做“用單擺測當(dāng)?shù)刂亓铀俣取钡膶嶒灂r，有以下器材：(A)1 m 長的細(xì)線；(B)20 cm 長的尼龍線；(C)小鐵球；(D)大木球；(E)手表；(F)時鐘；(G) 秒表.（1）為使實驗盡可能精確，應(yīng)選用的擺球是_，擺線是 _，計時器是_ .（2）計時位置應(yīng)選在 _，這樣做的優(yōu)點是_.（3）實驗中若測得重力加速度 g 值偏小，可能的原因是（_）A小球質(zhì)量太大B將懸線的長度記作擺長，忽略了擺球半徑C單擺振動時，擺線的偏角太小

8、D測周期時，將 n 次全振動記為 n1 次全振動，（4）某同學(xué)測出了多組擺長 L 和運動周期T，并根據(jù)相應(yīng)的實驗數(shù)據(jù)作出了T2 - L 圖像，如圖所示， 根據(jù)圖像中的數(shù)據(jù)算出了重力加速度的數(shù)值為_m / s212（12分）某同學(xué)做“探究彈力和彈簧伸長量的關(guān)系”的實驗圖甲是不掛鉤碼時彈簧下端指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度，其示數(shù)為7.73cm，圖乙是在彈簧下端懸掛鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度，此時彈簧的伸長量l為_cm;本實驗通過在彈簧下端懸掛鉤碼的方法來改變彈簧的彈力，關(guān)于此操作，下列選項中規(guī)范的做法是_；（填選項前的字母）A逐一增掛鉤碼，記下每增加一只鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度和對應(yīng)的鉤碼總重B隨意增減鉤碼，

9、記下增減鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度和對應(yīng)的鉤碼總重圖丙是該同學(xué)描繪的彈簧的伸長量l與彈力F的關(guān)系圖線，圖線的AB段明顯偏離直線OA，造成這種現(xiàn)象的主要原因是_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在豎直面內(nèi)有一個光滑弧形軌道，其末端水平，且與處于同一豎直面內(nèi)光滑圓形軌道的最低端相切，并平滑連接 、兩滑塊（可視為質(zhì)點）用輕細(xì)繩拴接在一起，在它們中間夾住一個被壓縮的微小輕質(zhì)彈簧兩滑塊從弧形軌道上的某一高度由靜止滑下，當(dāng)兩滑塊剛滑入圓形軌道最低點時拴接兩滑塊的繩突然斷開，彈簧迅速將兩滑塊彈開，其中前面的滑塊

10、沿圓形軌道運動恰能通過軌道最高點已知圓形軌道的半徑，滑塊的質(zhì)量滑塊的質(zhì)量，兩滑塊開始下滑時距圓形軌道底端的高度，重力加速度取，空氣阻力可忽略不計求： （1）、兩滑塊一起運動到圓形軌道最低點時速度的大小（2）滑塊被彈簧彈開時的速度大?。?）彈簧在將兩滑塊彈開的過程中釋放的彈性勢能14（16分）如圖，木板A靜止在光滑水平面上，其左端與固定臺階相距x與滑塊B（可視為質(zhì)點）相連的細(xì)線一端固定在O點水平拉直細(xì)線并給B一個豎直向下的初速度，當(dāng)B到達(dá)最低點時，細(xì)線恰好被拉斷且B恰好從A右端的上表面水平滑入。設(shè)A與臺階碰撞無機(jī)械能損失，不計空氣阻力。已知A的質(zhì)量為6kg，B的質(zhì)量為3kg，A、B之間動摩擦因數(shù)

11、為=0.4；細(xì)線長為L=0.4m、能承受的最大拉力為B重力的5倍；A足夠長，B不會從A表面滑出；重力加速度為。（1）求細(xì)線被拉斷瞬間B的速度大??；（2）若x=1m，求A與臺階的碰撞次數(shù)；（3）若，求系統(tǒng)的總發(fā)熱量。15（12分）高鐵是交通模式的一大創(chuàng)新，中國走在了世界的前列。高鐵的特點是快，如果中間不停車，形就更好了，我們可以想象一下，如果高鐵可以不停車上下車，高鐵可以一直保持高速勻速運動，一是節(jié)省能源，二是列車交通管理更簡單，可以大大增加高鐵的發(fā)車密度。三是即使在一個不起眼的小站，也能夠像北京這樣的大站一樣方便乘坐高鐵。在現(xiàn)行情況下，列車以162km/h的速度勻速開過一個小站，現(xiàn)因需要，必須

12、在這個小站停留。列車將到該小站時以0.5m/s2的加速度作勻減速運動，停留2min后，又以0.3m/s2的加速度開出小站，一直到恢復(fù)原來的速度，試求因列車?？啃≌径诱`的時間。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】設(shè)玻璃管兩側(cè)水銀面高度差是h，大氣壓為p0，封閉氣體壓強p=p0-h沿虛線所示的位置把開口一側(cè)的部分截掉，h變小，封閉氣體壓強p=p0-h變大，氣體溫度不變，壓強變大，由玻意耳定律可知，封閉氣體體積變小。AB.體積變小，故AB錯誤。CD. 壓強變大，故C正確D錯誤。2、B【解析】ACD加速度、重力

13、和位移是即有大小又有方向，相加時遵循平行四邊形定則的物理量，都是矢量。故ACD不符合題意。B路程是只有大小，沒有方向的物理量，是標(biāo)量。故B符合題意。3、D【解析】粒子在電場中，水平方向；豎直方向， ； ，解得 ，則只增大帶電粒子的比荷大小，則v增大，選項A錯誤；只增大偏轉(zhuǎn)電場的電壓U的大小，則E變大，v變大，選項B錯誤；減小初速度v0的大小，則導(dǎo)致進(jìn)入磁場的速度減小，由半徑公式R=，可知，導(dǎo)致半徑減小，則x也減小，故C錯誤；減小偏轉(zhuǎn)電場的電壓U的大小，設(shè)速度與磁場邊界的夾角為，則由半徑公式 ，結(jié)合幾何關(guān)系，可得：x=2Rsin= ，則會導(dǎo)致x不變，故D正確；故選D點睛：考查粒子做類平拋運動與勻

14、速圓周運動的處理規(guī)律，掌握圓周運動的半徑公式，注意運動的合成與分解的方法4、A【解析】返回艙向下減速，加速度向上，航天員處于超重狀態(tài)設(shè)反沖火箭工作時返回艙的加速度大小為a，則；以人為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得： ，得到座椅對人支持力，由牛頓第三定律得知人對座椅的壓力為航天員自身重力的3倍，選A.【點睛】回艙向下減速，加速度向上，處于超重狀態(tài)根據(jù)速度與時間關(guān)系式求出加速度大小，再以人為研究對象根據(jù)牛頓第二定律求出座椅對人支持力，由牛頓第三定律求解人對座椅的壓力5、B【解析】根據(jù)題意分析可知，本題考查運動合成與分解相關(guān)知識點，根據(jù)運動合成與分解相關(guān)知識點的方法進(jìn)行分析求解即可【詳解】根據(jù)運動合成

15、與分解得：，所以，選項B正確，ACD錯誤6、B【解析】A 由公式可知：角速度大的半徑不一定小，只有當(dāng)線速度一定時，角速度大的半徑一定小。故A項錯誤；B 由公式可知，角速度大的周期一定小。故B項正確；C 由公式可知，線速度大，周期不一定小。只有當(dāng)半徑一定時，線速度大，周期一定小。故C項錯誤；D 由公式可知，加速度大，角速度不一定大。只有當(dāng)半徑一定時，加速度大，角速度一定大。故D項錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】設(shè)電場方向與ab邊夾角為，離開電場時

16、動能最大的粒子的射出點和c點的連線一定和電場方向平行，如圖所示，在粒子從a運動到b點過程中由動能定理有：對離開電場時動能最大的粒子在電場中由動能定理有：由以上兩式解得或時（即電場方向由a指向b），得時，故選ABC。8、CD【解析】AB根據(jù)v-t圖像可知，因為8s時兩車相遇了，所以根據(jù)面積關(guān)系可判斷在t=4s時甲車和乙車第一次相遇，故A錯誤，B錯誤；C在t=0時，甲、乙兩車相距：故C正確；D甲乙兩車第二次相遇地點沿公路方向的距離也就是從第4s末到第8s末兩車運動的位移：故D正確9、BD【解析】因M、m之間有彈簧，故兩物體受彈簧的彈力做功，機(jī)械能不守恒，兩物體和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，A錯誤；M

17、的重力分力為；物體先做加速運動，當(dāng)受力平衡時速度達(dá)最大，則此時受力為，故恰好與地面間的作用力為零，B正確；從m開始運動至到M到達(dá)底部過程中，彈力的大小一直大于m的重力，故m一直做加速運動，M到達(dá)底部時，m的速度不為零，C錯誤；M恰好能到達(dá)擋板處，則此過程中重力對M做的功等于彈簧彈性勢能的增加量與物體m的機(jī)械能增加量之和，D正確10、AD【解析】甲乙兩人及小車組成的系統(tǒng)不受外力，系統(tǒng)動量守恒，設(shè)向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得即可見甲的動量大于乙的動量AB若甲乙質(zhì)量相等，甲的速率一定大于乙的速率，故A正確，B錯誤；CD由于甲的動量大于乙的動量，若乙的速率大，乙的質(zhì)量一定小于甲的質(zhì)量，故C錯誤，D

18、正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C A G 平衡位置 減小測量周期的誤差 B 9.86 【解析】(1)123 “利用單擺測重力加速度”的實驗中，為了減少相對誤差，最合適的器材有：小鐵球、100cm長的細(xì)線以及秒表；(2)45計時位置應(yīng)選在平衡位置，這樣的優(yōu)點是減小測量周期的誤差(3)6A.根據(jù)可得：，擺球的質(zhì)量對實驗無影響，故A錯誤；B. 測擺長時，僅測了線長，未加小球半徑，這樣擺長測量偏小，則測得的重力加速度g值偏小，故B正確；C. 擺線的偏角只要不超過5，對周期沒有影響，故C錯誤D. 測周期時，把n次全振動誤記為

19、（n+1）次，則測得的周期偏小，則測得的重力加速度g值偏大，故D錯誤；(4)7 根據(jù)以上分析可知，所以圖像的斜率為 ，圖像斜率為4，所以重力加速度12、6.93cm A 鉤碼重力超過彈簧彈力范圍 【解析】乙的讀數(shù)為13.66cm,則彈簧的伸長量L =13.66cm5.73cm =7.93cm為了更好的找出彈力與形變量之間的規(guī)律，應(yīng)逐一增掛鉤碼，記下每增加一只鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度和對應(yīng)的鉤碼總重，A正確；彈簧超出了彈性限度，彈簧被損壞，彈簧的伸長量L與彈力F不成正比四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）

20、（3）【解析】（1）設(shè)滑塊和運動到圓形軌道最低點速度為，對滑塊和下滑到圓形軌道和最低點的過程，根據(jù)動能定理，有，解得（2）設(shè)滑塊恰能通過圓形軌道最高點時的速度大小為，根據(jù)牛頓第二定律有設(shè)滑塊在圓形軌道最低點被彈出時的速度為，對于滑塊從圓形軌道最低點運動到最高點的過程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有，代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得： （3）對于彈簧將兩滑塊彈開的過程， 、兩滑塊所組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，設(shè)滑塊被彈出時的速度為，根據(jù)動量守恒定律，有，解得設(shè)彈簧將兩滑塊彈開的過程中釋放的彈性勢能為，對于彈開兩滑塊的過程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有解得： 點睛：本題綜合性較強，解決綜合問題的重點在于分析物體的運動過程，分過

21、程靈活應(yīng)用相應(yīng)的物理規(guī)律；優(yōu)先考慮動能定理、機(jī)械能守恒等注重整體過程的物理規(guī)律14、（1）4m/s （2）碰撞一次（3） 當(dāng)時，當(dāng)時，.【解析】（1）設(shè)B的質(zhì)量為m，A質(zhì)量為2m，在最低點，由牛頓第二定律： ，且解得;（2）設(shè)A與臺階碰撞前瞬間，A、B的速度分別為和由動量守恒得：若A與臺階只碰撞一次，碰撞后必須滿足：對A應(yīng)用動能定理：由于，故A與臺階只碰撞一次（3）設(shè)時，A左端到臺階板前瞬間，A、B恰好達(dá)到共同速度由動量守恒得：對A由動能定理得：聯(lián)立解得：當(dāng)時，碰前碰后由動量守恒得：解得：故發(fā)熱量為時，AB共速前A就與臺階碰撞，A與臺階碰撞前瞬間的速度對A由動能定理：，解得：B的速度碰后由動量守恒得：故發(fā)熱量15、240s【解析】速度換算關(guān)系為：162km/h45m/s列車做勻減速運動的時間：勻減速運動的位移：列車在站內(nèi)停留：t22min120s列車勻加速運動的時間：勻加速運動的位移：列車減速、停車、加速的總時間為：tt1+t2+t390s+120s+150s360s若火車勻速駛過小站：列車?？啃≌径诱`的時間：ttt4360s120s240s