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1、2024學年高三上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,粗細均勻的 U 形管豎直放置,管內有水銀柱封住一段空氣柱,如果沿虛線所示的位置把開口一側的部分截掉,保持彎曲部分管子位置不動,則封閉在管內的空氣柱將( )A體積不變B體積變大C壓強變大D壓強不變2、下列所列出的物理量中，屬

2、標量的是（ ）A重力B路程C位移D加速度3、如圖所示，a、b為豎直正對放置的平行金屬板構成的偏轉電場，其中a板帶正電，兩板間的電壓為U，在金屬板下方存在一有界的勻強磁場，磁場的上邊界為與兩金屬板下端重合的水平面PQ，PQ下方的磁場范圍足夠大，磁場的磁感應強度大小為B，一帶正電粒子以速度v0從兩板中間位置與a、b平行方向射入偏轉電場，不計粒子重力，粒子通過偏轉電場后從PQ邊界上的M點進入磁場，運動一段時間后又從PQ邊界上的N點射出磁場，設M、N兩點距離為x（M、N點圖中未畫出），從N點射出的速度為v，則以下說法中正確的是A只增大帶電粒子的比荷大小，則v減小B只增大偏轉電場的電壓U的大小，則v減小

3、C只減小初速度v0的大小，則x不變D只減小偏轉電場的電壓U的大小，則x不變4、如圖是“神舟十號”飛船返回艙成功返回地面時的情景。返回艙返回時,先靠降落傘減速,豎直落地前還靠反沖火箭使其速度進一步降低。假設返回艙速度是,反沖火箭工作0.3s后,速度降為,在這個過程中,返回艙中的航天員()A處于超重狀態(tài),對座椅的平均壓力約是自身體重的3倍B處于失重狀態(tài),對座椅的平均壓力約是自身體重的C處于超重狀態(tài),對座椅的平均壓力約是自身體重的2倍D處于失重狀態(tài),對座椅的平均壓力約是自身體重的5、如圖所示,A、B兩物體系在跨過光滑定滑輪的一根輕繩的兩端,當A物體以速度v向左運動時,系A、B的繩分別與水平方向成、角

4、,此時B物體的速度大小為( )ABCD6、關于做勻速圓周運動物體的線速度、角速度、加速度、周期之間的關系，下列說法正確的是A角速度大的半徑一定小B角速度大的周期一定小C線速度大的周期一定小D加速度大的角速度一定大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,半徑為R的圓是圓柱形區(qū)域的橫截面,c為圓心, ,在圓上a點有一粒子源能以相同的速率向圓而內各個方向發(fā)射質量為m、電荷量為q的帶正電粒子,柱形區(qū)域內存在平行于圓面的勻強電場,粒子從電場中射出的最大動能是初動能的4倍經(jīng)

5、過b點的粒子在b點的動能是初動能的3倍,已知初動能為Ek,不計粒子重力及粒子間的相互作用,下列選項正確的有A電場強度大小為B電場強度大小為C電場強度方向從a到bD電場強度方向從a到c8、甲、乙兩車從t=0時刻開始在一條平直公路上相向行駛，其v-t圖象分別如圖中的直線A和B所示，已知兩車在t=8s時相遇，由圖可知At=4s時，甲、乙兩車相距最遠Bt=6s時，甲、乙兩車第一次相遇Ct=0時，甲、乙兩車相距16mD甲、乙兩車兩次相遇的地點相距12m9、如圖所示，固定在水平面上的光滑斜面傾角為30，質量分別為M、m的兩個物體通過細繩及輕彈簧連接于光滑輕滑輪兩側，斜面底端有一與斜面垂直的擋板開始時用手按

6、住物體M，此時M距離擋板的距離為s，滑輪兩邊的細繩恰好伸直，且彈簧處于原長狀態(tài)已知M=2m，空氣阻力不計松開手后，關于二者的運動下列說法中正確的是（ ）AM和m組成的系統(tǒng)機械能守恒B當M的速度最大時，m與地面間的作用力為零C若M恰好能到達擋板處，則此時m的速度為零D若M恰好能到達擋板處，則此過程中重力對M做的功等于彈簧彈性勢能的增加量與物體m的機械能增加量之和10、如圖所示，一小車靜止在光滑水平面上，甲、乙兩人分別站在左右兩側，整個系統(tǒng)原來靜止，當兩人同時相向走動時小車向左運動，下列說法正確的是（）A若甲乙質量相等，甲的速率一定大于乙的速率B若甲乙質量相等，甲的速率一定小于乙的速率C若乙的速率

7、大，乙的質量一定大于甲的質量D若乙的速率大，乙的質量一定小于甲的質量三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在做“用單擺測當?shù)刂亓铀俣取钡膶嶒灂r，有以下器材：(A)1 m 長的細線；(B)20 cm 長的尼龍線；(C)小鐵球；(D)大木球；(E)手表；(F)時鐘；(G) 秒表.（1）為使實驗盡可能精確，應選用的擺球是_，擺線是 _，計時器是_ .（2）計時位置應選在 _，這樣做的優(yōu)點是_.（3）實驗中若測得重力加速度 g 值偏小，可能的原因是（_）A小球質量太大B將懸線的長度記作擺長，忽略了擺球半徑C單擺振動時，擺線的偏角太小D測周

8、期時，將 n 次全振動記為 n1 次全振動，（4）某同學測出了多組擺長 L 和運動周期T，并根據(jù)相應的實驗數(shù)據(jù)作出了T2 - L 圖像，如圖所示， 根據(jù)圖像中的數(shù)據(jù)算出了重力加速度的數(shù)值為_m / s212（12分）某同學做“探究彈力和彈簧伸長量的關系”的實驗圖甲是不掛鉤碼時彈簧下端指針所指的標尺刻度，其示數(shù)為7.73cm，圖乙是在彈簧下端懸掛鉤碼后指針所指的標尺刻度，此時彈簧的伸長量l為_cm;本實驗通過在彈簧下端懸掛鉤碼的方法來改變彈簧的彈力，關于此操作，下列選項中規(guī)范的做法是_；（填選項前的字母）A逐一增掛鉤碼，記下每增加一只鉤碼后指針所指的標尺刻度和對應的鉤碼總重B隨意增減鉤碼，記下增

9、減鉤碼后指針所指的標尺刻度和對應的鉤碼總重圖丙是該同學描繪的彈簧的伸長量l與彈力F的關系圖線，圖線的AB段明顯偏離直線OA，造成這種現(xiàn)象的主要原因是_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在豎直面內有一個光滑弧形軌道，其末端水平，且與處于同一豎直面內光滑圓形軌道的最低端相切，并平滑連接 、兩滑塊（可視為質點）用輕細繩拴接在一起，在它們中間夾住一個被壓縮的微小輕質彈簧兩滑塊從弧形軌道上的某一高度由靜止滑下，當兩滑塊剛滑入圓形軌道最低點時拴接兩滑塊的繩突然斷開，彈簧迅速將兩滑塊彈開，其中前面的滑塊沿圓形

10、軌道運動恰能通過軌道最高點已知圓形軌道的半徑，滑塊的質量滑塊的質量，兩滑塊開始下滑時距圓形軌道底端的高度，重力加速度取，空氣阻力可忽略不計求： （1）、兩滑塊一起運動到圓形軌道最低點時速度的大?。?）滑塊被彈簧彈開時的速度大?。?）彈簧在將兩滑塊彈開的過程中釋放的彈性勢能14（16分）如圖，木板A靜止在光滑水平面上，其左端與固定臺階相距x與滑塊B（可視為質點）相連的細線一端固定在O點水平拉直細線并給B一個豎直向下的初速度，當B到達最低點時，細線恰好被拉斷且B恰好從A右端的上表面水平滑入。設A與臺階碰撞無機械能損失，不計空氣阻力。已知A的質量為6kg，B的質量為3kg，A、B之間動摩擦因數(shù)為=0

11、.4；細線長為L=0.4m、能承受的最大拉力為B重力的5倍；A足夠長，B不會從A表面滑出；重力加速度為。（1）求細線被拉斷瞬間B的速度大??；（2）若x=1m，求A與臺階的碰撞次數(shù)；（3）若，求系統(tǒng)的總發(fā)熱量。15（12分）高鐵是交通模式的一大創(chuàng)新，中國走在了世界的前列。高鐵的特點是快，如果中間不停車，形就更好了，我們可以想象一下，如果高鐵可以不停車上下車，高鐵可以一直保持高速勻速運動，一是節(jié)省能源，二是列車交通管理更簡單，可以大大增加高鐵的發(fā)車密度。三是即使在一個不起眼的小站，也能夠像北京這樣的大站一樣方便乘坐高鐵。在現(xiàn)行情況下，列車以162km/h的速度勻速開過一個小站，現(xiàn)因需要，必須在這個

12、小站停留。列車將到該小站時以0.5m/s2的加速度作勻減速運動，停留2min后，又以0.3m/s2的加速度開出小站，一直到恢復原來的速度，試求因列車?？啃≌径诱`的時間。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】設玻璃管兩側水銀面高度差是h，大氣壓為p0，封閉氣體壓強p=p0-h沿虛線所示的位置把開口一側的部分截掉，h變小，封閉氣體壓強p=p0-h變大，氣體溫度不變，壓強變大，由玻意耳定律可知，封閉氣體體積變小。AB.體積變小，故AB錯誤。CD. 壓強變大，故C正確D錯誤。2、B【解析】ACD加速度、重力和位移

13、是即有大小又有方向，相加時遵循平行四邊形定則的物理量，都是矢量。故ACD不符合題意。B路程是只有大小，沒有方向的物理量，是標量。故B符合題意。3、D【解析】粒子在電場中，水平方向；豎直方向， ； ，解得 ，則只增大帶電粒子的比荷大小，則v增大，選項A錯誤；只增大偏轉電場的電壓U的大小，則E變大，v變大，選項B錯誤；減小初速度v0的大小，則導致進入磁場的速度減小，由半徑公式R=，可知，導致半徑減小，則x也減小，故C錯誤；減小偏轉電場的電壓U的大小，設速度與磁場邊界的夾角為，則由半徑公式 ，結合幾何關系，可得：x=2Rsin= ，則會導致x不變，故D正確；故選D點睛：考查粒子做類平拋運動與勻速圓周

14、運動的處理規(guī)律，掌握圓周運動的半徑公式，注意運動的合成與分解的方法4、A【解析】返回艙向下減速，加速度向上，航天員處于超重狀態(tài)設反沖火箭工作時返回艙的加速度大小為a，則；以人為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得： ，得到座椅對人支持力，由牛頓第三定律得知人對座椅的壓力為航天員自身重力的3倍，選A.【點睛】回艙向下減速，加速度向上，處于超重狀態(tài)根據(jù)速度與時間關系式求出加速度大小，再以人為研究對象根據(jù)牛頓第二定律求出座椅對人支持力，由牛頓第三定律求解人對座椅的壓力5、B【解析】根據(jù)題意分析可知，本題考查運動合成與分解相關知識點，根據(jù)運動合成與分解相關知識點的方法進行分析求解即可【詳解】根據(jù)運動合成與分解

15、得：，所以，選項B正確，ACD錯誤6、B【解析】A 由公式可知：角速度大的半徑不一定小，只有當線速度一定時，角速度大的半徑一定小。故A項錯誤；B 由公式可知，角速度大的周期一定小。故B項正確；C 由公式可知，線速度大，周期不一定小。只有當半徑一定時，線速度大，周期一定小。故C項錯誤；D 由公式可知，加速度大，角速度不一定大。只有當半徑一定時，加速度大，角速度一定大。故D項錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】設電場方向與ab邊夾角為，離開電場時動能最大的粒子的射出點和c點的連線一定和電場方向平行，如圖所示，在粒子從a運動到b點過程中由動能定理有：對離開電場時動能最大的粒子在電場中由動能定理