《2022-2023學(xué)年山東省七校聯(lián)合體物理高三第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022-2023學(xué)年山東省七校聯(lián)合體物理高三第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題（含解析）.doc（15頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、AB和CD為圓上兩條相互垂直的直徑,圓心為O。將電量分別為+q和-q的兩點電荷放在圓周上,其位置關(guān)于AB對稱且距離等于圓的半徑,如圖所示。要使圓心處的電場強(qiáng)度為零,可在圓周上再放一個適當(dāng)?shù)狞c電荷Q,則該點電荷Q()A應(yīng)放在A點,Q=

2、qB應(yīng)放在B點,Q=qC應(yīng)放在C點,Q=qD應(yīng)放在D點,Q=2q2、一物體運(yùn)動的v-t圖像如圖所示，根據(jù)圖像可知A4s內(nèi)物體在做曲線運(yùn)動B4s內(nèi)物體的速度一直減小C4s內(nèi)物體速度的變化量的大小為8m/sD物體的加速度在15s時方向改變3、如圖所示，豎直面內(nèi)光滑的3/4圓形導(dǎo)軌固定在一水平地面上，半徑為R一個質(zhì)量為m的小球從距水平地面正上方h高處的P點由靜止開始自由下落，恰好從N點沿切線方向進(jìn)入圓軌道不考慮空氣阻力，則下列說法正確的是（）A適當(dāng)調(diào)整高度h，可使小球從軌道最高點M飛出后，恰好落在軌道右端口N處B若h=2R，則小球在軌道最低點對軌道的壓力為4mgC只有h2.5R時，小球才能到達(dá)圓軌道

3、的最高點MD若h=R，則小球能上升到圓軌道左側(cè)離地高度為R的位置，該過程重力做功為mgR4、如圖所示，A、B兩球的質(zhì)量相等，彈簧的質(zhì)量不計，傾角為的斜面光滑，系統(tǒng)靜止時，彈簧與細(xì)線均平行于斜面，在細(xì)線被燒斷的瞬間，下列說法正確的是()A兩個小球的瞬時加速度均沿斜面向下，大小均為gsin BB球的受力情況未變，瞬時加速度為零CA球的瞬時加速度沿斜面向下，大小為gsin D彈簧有收縮的趨勢，B球的瞬時加速度向上，A球的瞬時加速度向下，瞬時加速度都不為零。5、如圖所示，木塊A的右側(cè)為光滑曲面，曲面下端極薄，其質(zhì)量，原來靜止在光滑的水平面上，質(zhì)量的小球B以v=3m/s的速度從右向左做勻速直線運(yùn)動中與木

4、塊A發(fā)生相互作用，則B球沿木塊A的曲面向上運(yùn)動中可上升的最大高度為（設(shè)B球不能飛出去，g=10m/s2）（）A0.45m B0.25m C0.1m D0.15m6、物體做豎直上拋運(yùn)動，下列圖象能反映其上升過程運(yùn)動情況的是ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，有一個質(zhì)量為m的長木板靜止在光滑水平地面上，另一質(zhì)量也為m小物塊疊放在長木板的一端之上。B是長木板的中點，物塊與木板在AB段的動摩擦因數(shù)為，在BC段的動摩擦因數(shù)為2，若把物塊放在長木板左端，對其施加

5、水平向右的力F1可使其恰好與木板發(fā)生相對滑動。若把物塊放在長木板右端，對其施加水平向左的力F2也可使其恰好與木板發(fā)生相對滑動。下列說法正確的是（）AF1與F2的大小之比為1：2B若將F1、F2都增加到原來的2倍，小物塊在木板上運(yùn)動到B點的時間之比為1：2C若將F1、F2都增加到原來的2倍，小物塊在木板上運(yùn)動到B點時木板的位移之比1：1D若將F1、F2都增加到原來的2倍，小物塊在木板上運(yùn)動的整個過程中摩擦生熱之比為1：18、如圖所示，在豎直面內(nèi)固定有一半徑為R的圓環(huán)，AC是圓環(huán)豎直直徑，BD是圓環(huán)水平直徑，半圓環(huán)ABC是光滑的，半圓環(huán)CDA是粗糙的。一質(zhì)量為m小球（視為質(zhì)點）在圓環(huán)的內(nèi)側(cè)A點獲得

6、大小為v0、方向水平向左的速度，小球剛好能第二次到達(dá)C點，小球與半圓環(huán)CDA的動摩擦因素恒定，重力加速度大小為g，則A小球第一次從A到C的時間和從C經(jīng)D到A的時間相等B小球第一次回到A點時速度為C小球第二次到達(dá)D點時受到摩擦力比第一次到達(dá)D點時受到摩擦力小D小球第一次和第二次從C經(jīng)D到A的過程摩擦力做的功相等9、如圖所示，AB部分為粗糙的四分之一圓弧軌道，半徑為R，A點與圓心O等高。一質(zhì)量為m的小物體自軌道A點以大小不變的速度v沿軌道運(yùn)動到B點，取小物體在A點開始運(yùn)動時為計時起點，且此時的重力勢能為零，重力加速度為g，則在此過程中（ ）A小物體到達(dá)圓弧底端時，重力做功的瞬時功率為0B重力做的功

7、大于小物體克服摩擦力做的功Ct時刻小物體的重力勢能為Dt時刻小物體的機(jī)械能為10、如圖所示，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為2m 和m，靜止疊放在水平地面上A、B間動摩擦因數(shù)為，B 與地面間的動摩擦因數(shù)為，可認(rèn)為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g現(xiàn)對A施加一水平拉力F，則下列選項正確的是 A當(dāng) F 3 mg 時，A 相對 B 滑動D無論 F 為何值，B 的加速度不會超過g三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)用如圖所示裝置來驗證動量守恒定律，相應(yīng)的操作步驟如下：A將斜槽固定在桌面上，使斜槽末端保持水平，并用“懸掛重錘”的方法在

8、水平地面上標(biāo)定斜槽末端正下方的O點B取入射小球a，使之自斜槽上某點靜止釋放，并記下小球a的落地點P1；C取被碰小球b，使之靜止于斜槽末端，然后讓小球a自斜槽上同一點由靜止釋放，運(yùn)動至斜槽末端與小球b發(fā)生碰撞，并記下小球a的落地點M和小球b的落地點N；D測量有關(guān)物理量，并利用所測出的物理量做相應(yīng)的計算，以驗證a、b兩小球在碰撞過程中所遵從的動量守恒定律（1）在下列給出的物理量中，本實驗必須測量的有_（填寫選項的序號）小球a的質(zhì)量m1和小球b的質(zhì)量m2；小球a在斜槽上的釋放點距斜槽末端的豎直高度h；斜槽末端距水平地面的豎直高度H；斜槽末端正下方的O點距兩小球落地點P、M、N的水平距離OP、OM、O

9、N；小球a自斜槽上某點處由靜止釋放直至離開斜槽末端所經(jīng)歷的時間t0；小球a、b自離開斜槽末端直至落地經(jīng)歷的時間t（2）步驟C和步驟B中小球a的釋放點相同的原因_；步驟B和步驟C中選取入射小球a的質(zhì)量m1和被碰小球b的質(zhì)量m2間的關(guān)系應(yīng)該為m1_m2（填“”或“”）（3）實驗中所測量的物理量之間滿足關(guān)系式_，就可證實兩小球在碰撞過程中遵從動量守恒定律12（12分）在“測繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，甲、乙、丙三位學(xué)生用導(dǎo)線按如圖所示方式連接好電路，電路中所有元件都完好，且電壓表和電流表已調(diào)零。閉合開關(guān)后：（1）甲學(xué)生發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)為零，電流表的示數(shù)為0.3A，小燈泡亮，這是由于導(dǎo)線_斷路；（

10、2）乙學(xué)生發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)為2V，電流表的示數(shù)為零，小燈泡不亮，這是由于導(dǎo)線_斷路；（3）丙學(xué)生發(fā)現(xiàn)反復(fù)調(diào)節(jié)滑動變阻器，小燈泡亮度發(fā)生變化，但電壓表、電流表的示數(shù)都不能調(diào)為零，這是由于導(dǎo)線_斷路；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場中，直細(xì)桿傾斜放置，一個質(zhì)量m=2kg、q=0.1C的帶正電小球穿在細(xì)桿上。細(xì)桿與水平面之間的傾角，小球與細(xì)桿間的動摩擦因數(shù)，從t=0時刻開始，物體運(yùn)動的與時間t的關(guān)系圖象所示（x為位移），t=2s時撤去電場，m/s2，sin37=0.6，cos37=

11、0.8，求：(1)物體向上運(yùn)動過程中距計時點的最大距離；(2)電場強(qiáng)度E的大?。?3)物體由斜面最高點返回計時點的時間。（結(jié)果可以保留根號）14（16分）如圖甲所示，可視為質(zhì)點的A、B兩物體置于一靜止長紙帶上，紙帶左端與A、A與B間距均為d0.5 m，兩物體與紙帶間的動摩擦因數(shù)均為10.1，與地面間的動摩擦因數(shù)均為20.2，現(xiàn)以恒定的加速度a2 m/s2向右水平拉動紙帶，重力加速度g取10 m/s2，求：(1)A、B兩物體在紙帶上的滑動時間(2)兩物體A、B均停止在地面上后之間的距離(3)在圖乙的坐標(biāo)系中定性畫出A、B兩物體的vt圖象15（12分）宇航員在月球表面上以初速度v豎直向上拋出一小球

12、，測得小球經(jīng)過時間t落回原處，已知月球半徑為R，引力常量G，求；（1）月球的質(zhì)量M；（2）環(huán)繞月球表面的衛(wèi)星的運(yùn)行周期T參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】根據(jù)電場的疊加，先求出兩個點電荷在0點的合場強(qiáng)大小和方向，在根據(jù)電場的疊加確定第三個點電荷【詳解】根據(jù)庫侖定律，兩個點電荷在0點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小都為，兩個場強(qiáng)的方向互成120，根據(jù)平行四邊形定則，合場強(qiáng)大小為，方向水平向右。所以最后一個電荷在O點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為，方向水平向左。所以該電荷若在C點，為-q，若在D點，為+q故C正確，ABD錯誤。故選C。2、

13、C【解析】試題分析：前25s物體速度為正，沿正方向運(yùn)動，后25s速度為負(fù)，沿負(fù)方向運(yùn)動，但做的是直線運(yùn)動，故A錯誤；4s內(nèi)物體的速度先減小后反向增大，故B錯誤；4s內(nèi)物體速度的變化量為-3-5=-8m/s，所以速度的變化量的大小為8m/s，C正確；物體的斜率一直為負(fù)值，所以加速度一直沿負(fù)方向，沒有發(fā)生改變，故D錯誤考點：考查了速度時間圖像【名師點睛】在速度時間圖像中，需要掌握三點，一、速度的正負(fù)表示運(yùn)動方向，看運(yùn)動方向是否發(fā)生變化，只要考慮速度的正負(fù)是否發(fā)生變化，二、圖像的斜率表示物體運(yùn)動的加速度，三、圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，在坐標(biāo)軸上方表示正方向位移，在坐標(biāo)軸下方表示負(fù)方向位移3、C

14、【解析】若小球從M到N做平拋運(yùn)動，故有：R=vMt， ，所以， ；若小球能到達(dá)M點，對小球在M點應(yīng)用牛頓第二定律可得： ，所以，故小球不可能從軌道最高點M飛出后，恰好落在軌道右端口N處，故A錯誤；設(shè)小球在最低點速度為v，對小球從靜止到軌道最低點應(yīng)用動能定理可得：mgh=mv2；再由牛頓第三定律，對小球在最低點應(yīng)用牛頓第二定律可得：小球在軌道最低點對軌道的壓力 ；故B錯誤；對小球從靜止到M點應(yīng)用動能定理可得： ，所以，h2.5R，故C正確；若h=R，由動能定理可得：小球能上升到圓軌道左側(cè)離地高度為R的位置，該過程始末位置高度差為零，故重力做功為零，故D錯誤；故選C4、B【解析】設(shè)兩球的質(zhì)量均為m

15、，對B分析，知彈簧的彈力F=mgsin當(dāng)燒斷細(xì)線的瞬間，彈簧的彈力不變，隔離對B分析，B的受力情況不變，合力為零，則瞬時加速度為零。對A，根據(jù)牛頓第二定律得，方向沿斜面向下，故選B。5、D【解析】試題分析：小球在曲面體上滑動的過程中，小球和曲面體組成的系統(tǒng)，水平方向不受外力，水平方向動量守恒，系統(tǒng)的機(jī)械能也守恒，根據(jù)兩個守恒列方程求解組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，以B的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得，由機(jī)械能守恒定律得，聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)得h=0.15m，D正確6、C【解析】A物體做豎直上拋運(yùn)動，選取向上為正方向，則所以圖像為拋物線，不是直線，故A錯誤；BC將一物體豎直向上拋出，不計空氣阻力

16、，物體做勻減速直線運(yùn)動，則上升的過程有v是t的線性函數(shù)，當(dāng)速度減為0，故B錯誤，C正確；D豎直上拋運(yùn)動的加速度等于重力加速度，是不變的，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】施加水平向右的力F1時，由題意知：對滑塊有：F1mgma，對木板有：mgma，聯(lián)立得：F12mg，同理，施加水平向右的力F2時，有F24mg，所以F1與F2的大小之比為1：2，故A正確；設(shè)AB的長度為L，施加水平向右的力2F1時，對滑塊有：a1g；對木板有：a1g；設(shè)

17、經(jīng)時間t到達(dá)B點，由位移關(guān)系得： ，解得： ，同理，施加水平向右的力2F2時，運(yùn)動到B點的時間，所以物塊在木板上運(yùn)動到B點的時間之比為：1，故B錯誤；施加水平向右的力2F1時，由位移公式得木板的位移，同理，施加水平向右的力2F2時，由位移公式得木板的位移x2gt2，所以小物塊在木板上運(yùn)動到B點時木板的位移之比1：1，故C正確；小物塊最終都會滑離木板，二者的相對位移相等，所以整個過程中摩擦生熱之比為摩擦力之比，即為1：1，故D正確.8、BC【解析】A.因為小球第一次到的路程和從經(jīng)到的路程相等，但由于從經(jīng)到的過程中有阻力做功，故有由經(jīng)到的平均速率小于由經(jīng)到的平均速率，又因為，所以小球第一次到的的時

18、間小于從經(jīng)到的時間，故A錯誤；B.小球第二次到達(dá)點的過程由動能定理得：小球第二次到達(dá)點，根據(jù)牛頓第二定律可得：解得小球第一次回到A點時速度為：故B正確； CD.根據(jù)動能定理可得小球第一次從經(jīng)到的過程比第二次從經(jīng)到的過程的同一位置的速度大小大，根據(jù)牛頓第二定律可得小球第一次從經(jīng)到的過程比第二次從經(jīng)到的過程中的同一位置時對軌道的壓力大，所以根據(jù)可得小球第一次到達(dá)點時受到摩擦力比第二次到達(dá)點時受到摩擦力大，由于滑動摩擦力方向與運(yùn)動方向總相反，則克服摩擦力做的功等于摩擦力的平均值乘以路程，小球第一次從經(jīng)到的過程克服摩擦力做的功比第二次從經(jīng)到的過程克服摩擦力做的功多，故C正確，D錯誤。9、AD【解析】A

19、小物體沿軌道做勻速圓周運(yùn)動，在最低點速度沿水平方向，與重力垂直，故重力的功率為0，所以A正確；B整個過程中，小物體速度大小不變，由動能定理知:重力做功與克服摩擦力做功大小相等，故B錯誤；CD由于A點是零勢點，故初態(tài)重力勢能為0，根據(jù)幾何關(guān)系可知：t時刻小物體重力勢能為：t時刻小物體的機(jī)械能為故C錯誤，D正確。故選AD.10、CD【解析】AB之間的最大靜摩擦力為：B與地面間的最大靜摩擦力為：AC設(shè)當(dāng)A、B恰好發(fā)生相對滑動時的拉力為，加速度為，對A則有對A、B整體，有解得：所以當(dāng)A相對于B靜止，二者以共同的加速度開始運(yùn)動；當(dāng)F3mg時，A相對于B滑動，故A錯誤，C正確；B當(dāng)時，AB均處于靜止?fàn)顟B(tài)，

20、所以A的加速度為零，故B錯誤；DA對B的最大摩擦力為2mg，B受到的地面的最大靜摩擦力為，所以B相對于地面會發(fā)生相對滑動時，由得B的最大加速度故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 保證小球做平拋運(yùn)動的初速度相等 m1OP=m1OM+m2ON 【解析】（1）1小球離開軌道后做平拋運(yùn)動，由于拋出點的高度相等，它們在空中的運(yùn)動時間相等，如果碰撞過程動量守恒，則：，兩邊同時乘以，則：，即，故實驗需要測量小球的質(zhì)量、小球的水平位移，故選；（2）2為保證小球做平拋運(yùn)動的初速度相等，每次實驗時小球a應(yīng)從同一位置由靜止釋放；3為防止兩球碰撞后入

21、射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，即：；（3）4由（1）可知，實驗需要驗證的表達(dá)式為：12、h d g 【解析】(1)1發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)為零，電流表的示數(shù)為0.3A，小燈泡亮，說明小燈泡電路是導(dǎo)通的，而電壓表斷開電接，應(yīng)是h導(dǎo)線斷路；(2)2小燈泡不亮電流表的示數(shù)為零，說明燈泡斷路，而電壓表示數(shù)為2V說明電壓表連接在電源兩端，故應(yīng)是d導(dǎo)線斷路；(3)3若調(diào)節(jié)滑動變阻器，小電珠的亮度變化，但電壓表、電流表示數(shù)總不能為零，說明滑動變阻器不起分壓作用，所以可能是g導(dǎo)線斷路。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (

22、1)52m(2) 560N/C (3) 【解析】(1)由勻變速直線運(yùn)動公式可得：解得：對照圖線可知，圖線在縱軸截距表示初速度，圖線斜率表示，則有：m/s，m/s22s末的速度為：m/s0到2s的位移：m2s后物體向上做勻減速運(yùn)動，其加速度為：2秒后沿斜面向上位移：m物體向上運(yùn)動過程中距計時點的最大距離為：m(2)沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律可有：其中：解得：E=560N/C(3)物體由斜面最高點返回計時點的過程中，做勻加速運(yùn)動，其加速度為：m/s2物體由斜面最高點返回計時點的時間：s14、 (1) t11 s，t2s (2) x1.25 m (3) 【解析】由題意可知考查牛頓第二定律的應(yīng)用，結(jié)

23、合運(yùn)動學(xué)公式分析計算可得?！驹斀狻?1)兩物體在紙帶上滑動時均有1mgma1當(dāng)物體A滑離紙帶時a1t12a1t12d物體B滑離紙帶時at22a1t222d由以上兩式可得t11 st2s(2)物體A離開紙帶時的速度v1a1t1兩物體在地面上運(yùn)動時均有2mgma2物體A從開始運(yùn)動到停在地面上過程中的總位移 物體B離開紙帶時的速度v2a1t2物體B從開始運(yùn)動到停在地面上過程中的總位移兩物體A、B最終停止時的間距 xx2dx1由以上各式可得x1.25 m（3）如圖所示【點睛】AB在滑離紙帶前做勻加速運(yùn)動，滑離紙帶后在地面上做勻減速運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律求出兩個階段的加速度，運(yùn)用運(yùn)動學(xué)公式求得各自的位移，再求二者的距離。15、（1）（2）【解析】解：（1）由豎直上拋規(guī)律可得：g=在月球表面有：mg= 得：M= （2）此衛(wèi)星繞月球表面飛行，月球?qū)λ娜f有引力提供向心力，有：