《河南省各地2022-2023學(xué)年物理高三第一學(xué)期期中綜合測(cè)試試題（含解析）.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《河南省各地2022-2023學(xué)年物理高三第一學(xué)期期中綜合測(cè)試試題（含解析）.doc（14頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)趨R文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、2017年6月15日上午11點(diǎn)，我國(guó)在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征四號(hào)乙運(yùn)載火箭成功發(fā)射首顆X射線調(diào)制望遠(yuǎn)鏡衛(wèi)星“慧眼”假設(shè)將發(fā)射火箭看成如下模型：靜止的實(shí)驗(yàn)火箭，總質(zhì)量為M21

2、00g當(dāng)它以對(duì)地速度為v0840m/s噴出質(zhì)量為m100g的高溫氣體后，火箭的對(duì)地速度為（噴出氣體過(guò)程中重力和空氣阻力可忽略不計(jì)）A42m/sB42m/sC40m/sD40m/s2、一靜電場(chǎng)的電勢(shì)與位移的變化關(guān)系如圖甲所示，則電場(chǎng)強(qiáng)度與位移關(guān)系，下列圖象可能正確的是（）ABCD3、下列說(shuō)法正確的是（ ）A滑動(dòng)摩擦力只可能作負(fù)功B靜摩擦力既可作正功，也可作負(fù)功C一對(duì)作用力和反作用力做功的代數(shù)和為零D具有加速度的物體，一定有外力對(duì)它作功4、一項(xiàng)新的研究表明，由于潮汐引力，地球的自轉(zhuǎn)速度在變慢，月球也正以每年3.8cm的速度遠(yuǎn)離地球若不考慮其他變化，則在遙遠(yuǎn)的未來(lái)A月球繞地球運(yùn)行的周期將變短B月球表

3、面的重力加速度將變大C地球的第一宇宙速度將變小D地球同步衛(wèi)星的高度將變大5、如圖所示，條形磁鐵放在水平粗糙桌面上，它的左端上方固定一根與條形磁鐵垂直的長(zhǎng)直導(dǎo)線，導(dǎo)線中通以如圖示方向的電流時(shí)，和原來(lái)沒(méi)有電流通過(guò)時(shí)相比較，磁鐵受到的支持力N和摩擦力f ( )AN減小，f 向左; BN減小，f 向右;CN增大，f 向左; DN增大， f 向右.6、如圖所示，繩與桿均不計(jì)重力，承受力的最大值一定A端用絞鏈固定，滑輪O在A點(diǎn)正上方(滑輪大小及摩擦均可忽略)，B端吊一重物P，現(xiàn)施加拉力FT將B緩慢上拉(均未斷)，在桿達(dá)到豎直前()A繩子越來(lái)越容易斷B繩子越來(lái)越不容易斷C桿越來(lái)越容易斷D桿越來(lái)越不容易斷二、

4、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、從同一高度水平拋出的物體，在空中運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間，落到同一水平地面上在不計(jì)空氣阻力的條件下，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知A水平初速度越大，物體在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越長(zhǎng)B質(zhì)量越大，物體在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越短C水平初速度越大，物體的水平位移越大D水平初速度越大，物體落地時(shí)的速度越大8、有a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星，a還未發(fā)射，在赤道表面上隨地球一起轉(zhuǎn)動(dòng)，b是近地軌道衛(wèi)星，c是地球同步衛(wèi)星，d是高空探測(cè)衛(wèi)星，它們均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，各衛(wèi)星排列位置如圖所示，則Aa的

5、向心加速度等于重力加速度g，c的向心加速度大于d的向心加速度B在相同時(shí)間內(nèi)b轉(zhuǎn)過(guò)的弧長(zhǎng)最長(zhǎng)，a、c轉(zhuǎn)過(guò)的弧長(zhǎng)對(duì)應(yīng)的角度相等Cc在4小時(shí)內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角是/3，a在2小時(shí)內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角是/6Db的運(yùn)動(dòng)周期一定小于d的運(yùn)動(dòng)周期，d的運(yùn)動(dòng)周期一定小于24小時(shí)9、地球同步衛(wèi)星離地心距離為r，環(huán)繞速度大小為v1，加速度大小為a1，地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度大小為a2，第一宇宙速度為v2，地球半徑為R，則下列關(guān)系式正確的是（ ）Av1v2Bv1v2Ca1=a2Da1a210、如圖所示，質(zhì)量為M的長(zhǎng)木板A靜止在光滑的水平面上，有一質(zhì)量為m的小滑塊B以初速度v0從左側(cè)滑上木板，且恰能滑離木板，滑塊與

6、木板間動(dòng)摩擦因數(shù)為下列說(shuō)法中正確的是：（ ）A若只增大v0，則滑塊滑離木板過(guò)程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量增加B若只增大M，則滑塊滑離木板過(guò)程中木板所受到的沖量增大C若只減小m，則滑塊滑離木板時(shí)木板獲得的速度減少D若只減小，則滑塊滑離木板過(guò)程中滑塊對(duì)地的位移減小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）在家中，某同學(xué)利用1個(gè)電子秤、1個(gè)水杯、若干細(xì)線、墻釘、白紙等物品，做驗(yàn)證力的平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)。請(qǐng)你把他設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)步驟補(bǔ)充完整：(1)如圖甲，在電子秤的下端懸掛一裝滿水的水杯，記下水杯靜止時(shí)電子秤的示數(shù)F；(2)如圖乙，將三根細(xì)線L1、L2、L3

7、的一端打結(jié)，另一端分別拴在電子秤的掛鉤、墻釘A和水杯帶上。水平拉開(kāi)細(xì)線L1，在貼在豎直墻上的白紙上，記下結(jié)點(diǎn)的位置O、_和電子秤的示數(shù)F1；(3)如圖丙，將另一顆墻釘B釘在與O同一水平位置上，并將L1拴在其上。手握電子秤沿著步驟(2)中L2的方向拉開(kāi)細(xì)線L2，使_及三根細(xì)線的方向與步驟(2)的記錄重合，記錄電子秤的示數(shù)F2；(4)在白紙上按一定標(biāo)度作出電子秤拉力F、F1、F2的圖示，根據(jù)平行四邊形定則作出F1、F2的合力的圖示，若_，則力的平行四邊形定則得到驗(yàn)證。12（12分）某同學(xué)為了驗(yàn)證力的平行四邊形定則，準(zhǔn)備了三根相同的橡皮筋、木板、重物、刻度尺、三角板、鉛筆、細(xì)繩套、白紙、釘子等器材。

8、操作步驟如下： a、把三根橡皮筋的一端系在一起，另一端分別系一個(gè)細(xì)繩套；b、將白紙固定在木板上，在木板上釘兩個(gè)釘子，將任意兩個(gè)橡皮筋上的繩套分別套在 兩釘子上；c、立起木板，將重物掛在剩下的一個(gè)繩套上，如圖甲所示；d、記錄下三根橡皮筋的長(zhǎng)度和橡皮筋結(jié)點(diǎn)的位置O及每個(gè)細(xì)繩的方向；e、取下白紙，利用橡皮筋的伸長(zhǎng)量作為拉力大小，畫(huà)出受力圖，驗(yàn)證力的平行四邊形定則；f、換用不同的重物重復(fù)實(shí)驗(yàn)。此實(shí)驗(yàn)還需 _:A測(cè)量重物的質(zhì)量B記錄下兩個(gè)釘子的位置C測(cè)量橡皮筋的原長(zhǎng)某次實(shí)驗(yàn)，測(cè)得三根橡皮筋的伸長(zhǎng)量及方向。把橡皮筋的伸長(zhǎng)量作為拉力大小，作出力的圖示，如圖乙所示，請(qǐng)任選兩個(gè)力，根據(jù)平行四邊形定則作出合力；_

9、在問(wèn)作出的圖中，根據(jù)_可以說(shuō)明力的合成滿足平行四邊形定則.如果換用不同的重物再次重復(fù)該實(shí)驗(yàn)，_ (填“需要”或“不需要”）改變釘子的位置，使橡皮筋的結(jié)點(diǎn)回到原來(lái)的O點(diǎn)。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖是某種靜電分選器的原理示意圖，兩個(gè)豎直放置的平行金屬板帶有等量異號(hào)電荷，形成勻強(qiáng)電場(chǎng)。分選器漏斗的出口與兩板上端處于同一高度，到兩板距離相等。混合在一起的a、b兩種顆粒從漏斗出口下落時(shí)，a種顆粒帶上正電,b種顆粒帶上負(fù)電。經(jīng)分選電場(chǎng)后，a、b兩種顆粒分別落到水平傳送帶A、B上。已知兩板間距d=0.1m,

10、板的長(zhǎng)度l =0.5m，電場(chǎng)僅局限在平行板之間;各顆粒所帶電量大小與其質(zhì)量之比均為1105C/kg。設(shè)顆粒進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的初速度為零，分選過(guò)程中顆粒大小及顆粒間的相互作用力不計(jì)。要求兩種顆粒離開(kāi)電場(chǎng)區(qū)域時(shí)，不接觸到極板但有最大偏轉(zhuǎn)量。重力加速度g=10m/s2（計(jì)算結(jié)果均保留一位有效數(shù)字）。(1)左、右兩板各帶何種電荷?兩極板間的電壓多大?(2)若兩帶電平行板的下端距傳送帶A、B的高度H=0.3m，顆粒落至傳送帶時(shí)的速度大小是多少?(3)設(shè)顆粒每次與傳送帶碰撞反彈時(shí)，沿豎直方向的速度大小為碰撞前豎直方向速度大小的一半，求顆粒第2次與傳送帶碰撞反彈的高度？14（16分）如圖所示，將一質(zhì)量為的小球自水

11、平平臺(tái)右端點(diǎn)以初速度水平拋出，小球飛離平臺(tái)后由點(diǎn)沿切線落入豎直光滑圓軌道，并沿 軌道恰好通過(guò)最高點(diǎn)，圓軌道的形狀為半徑的圓截去了左上角的圓弧，為其豎直直徑，（ ，重力加速度?。┣螅海?）小球經(jīng)過(guò)點(diǎn)的速度大??；（2）小球運(yùn)動(dòng)到軌道最低點(diǎn)時(shí)小球軌道的壓力大??；15（12分）如圖所示，豎直平面xOy內(nèi)有三個(gè)寬度均為首尾相接的電場(chǎng)區(qū)域ABFE、BCGF和CDHG三個(gè)區(qū)域中分別存在方向?yàn)閥、y、x的勻強(qiáng)電場(chǎng)，且電場(chǎng)區(qū)域豎直方向無(wú)限大，其場(chǎng)強(qiáng)大小比例為111現(xiàn)有一帶正電的物體以某一初速度從坐標(biāo)為(0，)的P點(diǎn)射入ABFE場(chǎng)區(qū)，初速度方向水平向右物體恰從坐標(biāo)為(1，/1)的Q點(diǎn)射入CDHG場(chǎng)區(qū)，已知物體在A

12、BFE區(qū)域所受電場(chǎng)力和所受重力大小相等，重力加速度為，物體可以視為質(zhì)點(diǎn)，求：(1)物體進(jìn)入ABFE區(qū)域時(shí)的初速度大小；(1)物體在ADHE區(qū)域運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間；(3)物體從DH邊界射出位置的坐標(biāo)參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】發(fā)射過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以求出導(dǎo)彈的速度；【詳解】噴出氣體過(guò)程中重力和空氣阻力可忽略不計(jì)，可知在火箭發(fā)射的過(guò)程中二者組成的相同豎直方向的動(dòng)量守恒，以噴出氣體的速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：，解得：，故B正確，ACD錯(cuò)誤；故選B【點(diǎn)睛】關(guān)鍵是噴出氣體過(guò)程中重力和空

13、氣阻力可忽略不計(jì)，火箭發(fā)射的過(guò)程中二者組成的相同豎直方向的動(dòng)量守恒2、A【解析】由甲圖可知，場(chǎng)強(qiáng)，又因?yàn)殡妱?shì)沿著電場(chǎng)線方向逐漸降低，所以0-d場(chǎng)強(qiáng)大小不變，方向?yàn)檎琩-2d場(chǎng)強(qiáng)大小不變，方向?yàn)樨?fù)。故選A。3、B【解析】A、力做功的正負(fù)即決于力和位移的方向關(guān)系,摩擦力可以做正功,也可以做負(fù)功,還可以不做功,故A錯(cuò)誤,B正確;C、作用力和反作用力可以同時(shí)做正功,也可以同時(shí)做負(fù)功,做功的代數(shù)和不一定為零,故C錯(cuò)誤;D、勻速圓周運(yùn)動(dòng)具有加速度,但沒(méi)有外力對(duì)它做功,故D錯(cuò)誤.故選B【點(diǎn)睛】力做功的正負(fù)即決于力和位移的方向關(guān)系;根據(jù)作用力和反作用力的性質(zhì)可以判斷兩力做功的情況.4、D【解析】A. 月球繞

14、著地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故：解得：，隨著地月間距增加，月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期將變大，故A錯(cuò)誤；B.月球表面的重力加速度 ，不變，故B錯(cuò)誤C.第一宇宙速度 ，因?yàn)檐壍腊霃讲蛔儯厍蛸|(zhì)量不變，所以第一宇宙速度不變，故C錯(cuò)誤D. 地球自轉(zhuǎn)周期增加，故自轉(zhuǎn)角速度變小，故同步衛(wèi)星的角速度變小，同步衛(wèi)星的周期變大，根據(jù)可知，軌道半徑變大，故高度增大，故D正確5、C【解析】以導(dǎo)線為以導(dǎo)線為研究對(duì)象，根據(jù)電流方向和磁場(chǎng)方向判斷所受的安培力方向，再根據(jù)牛頓第三定律，分析磁鐵所受的支持力和摩擦力情況來(lái)判斷【詳解】以導(dǎo)線為研究對(duì)象，由左手定則判斷得知導(dǎo)線所受安培力方向斜向左上方，根據(jù)牛頓第三定律得知，導(dǎo)線對(duì)磁鐵的

15、安培力方向斜向右下方，磁鐵有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，受到地面向左的摩擦力；同時(shí)磁鐵對(duì)地的壓力增大，地面對(duì)磁鐵的支持力也將增大，故A、B、D錯(cuò)誤，C正確.故選：C6、B【解析】以點(diǎn)為研究對(duì)象，分析受力情況：重物的拉力（等于重物的重力）、輕桿的支持力和繩子的拉力，作出力圖如圖：由平衡條件得知，和的合力與大小相等，方向相反，根據(jù)三角形相似可得：又，解得：將緩慢上拉，則緩慢變小時(shí)，、保持不變，變小，則保持不變，變小，故桿無(wú)所謂易斷不易斷，繩子越來(lái)越不容易斷；A與分析不符，故A錯(cuò)誤；B與分析相符，故B正確；C與分析不符，故C錯(cuò)誤；D與分析不符，故D錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小

16、題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】試題分析：平拋運(yùn)動(dòng)的物體在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)時(shí)間取決于下落的高度，即，與初速度、物體的質(zhì)量無(wú)關(guān)，AB錯(cuò)誤；平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以有水平位移，在高度相同的情況下，物體的初速度越大，水平位移越大，C正確；根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成可得：，在高度相同的情況下，物體的初速度越大，物體落地的速度越大，D正確；考點(diǎn)：考查了平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的應(yīng)用8、BC【解析】衛(wèi)星a隨地球自轉(zhuǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)向心力由萬(wàn)有引力的分力提供：，可知其向心加速度小于重力加速度g，故A錯(cuò)誤；對(duì)b、c、d

17、萬(wàn)有引力提供向心力：，可得軌道半徑越大，線速度、角速度越小，a、c兩顆衛(wèi)星角速度相等，再結(jié)合v=r可知c的線速度大于a的線速度，所以四個(gè)衛(wèi)星中b的線速度最大，故B正確；a、c周期相等都是24小時(shí)，c在4小時(shí)內(nèi)(即T/6)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角是/3，2小時(shí)是T/12，a轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角是/6，所以C正確；根據(jù)可知，軌道半徑越大，周期越大，b、c、d三顆衛(wèi)星，d的周期最大，b的周期最小，故d的周期大于24小時(shí)，所以D錯(cuò)誤9、AD【解析】同步衛(wèi)星繞地于做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，第一宇宙速度是近地軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度，兩者都滿足萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力即：由此可得：v=，因rR，所以有v1 v2，故A正確

18、，B錯(cuò)誤；同步衛(wèi)星和地球自轉(zhuǎn)的周期相同，運(yùn)行的角速度亦相等，則根據(jù)向心加速度a=r2可知，同步衛(wèi)星的加速度與地球赤道上物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度之比等于半徑比，因rR，則a1 a2；選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確；故選AD點(diǎn)睛：萬(wàn)有引力問(wèn)題的主要處理思路是：環(huán)繞天體做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由萬(wàn)有引力提供同時(shí)掌握同步衛(wèi)星的周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同是解決本題的關(guān)鍵10、CD【解析】A、滑塊滑離木板過(guò)程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量等于滑動(dòng)摩擦力與相對(duì)位移的成積，因?yàn)橄鄬?duì)位移沒(méi)變，所以產(chǎn)生熱量不變，故A錯(cuò)誤；B、由極限法，當(dāng)M很大時(shí)，長(zhǎng)木板運(yùn)動(dòng)的位移會(huì)減小，滑塊的位移等于減小,對(duì)滑塊根據(jù)動(dòng)能定理，可知滑塊滑離木板時(shí)的速度增大，把長(zhǎng)木

19、板和小滑塊看成一個(gè)系統(tǒng)，滿足動(dòng)量守恒：，可知長(zhǎng)木板的動(dòng)量變化比較小，所以若只增大M，則滑塊滑離木板過(guò)程中木板所受到的沖量減少，故B錯(cuò)；C、采用極限法：當(dāng)m很小時(shí)，摩擦力也很小，m的動(dòng)量變化減小，把長(zhǎng)木板和小滑塊看成一個(gè)系統(tǒng)，滿足動(dòng)量守恒，那么長(zhǎng)木板得動(dòng)量變化也減小故C正確D、當(dāng)很小時(shí)，長(zhǎng)木板運(yùn)動(dòng)的位移會(huì)減小，滑塊的位移等于減小故D正確【點(diǎn)睛】本題應(yīng)注意以下幾點(diǎn)：1、體會(huì)兒童極限法解題2、摩擦力與相對(duì)位移得乘積等于產(chǎn)生得內(nèi)能，摩擦力與對(duì)地位移得乘積等于物體的動(dòng)能得變化三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、三細(xì)線的方向 結(jié)點(diǎn) F、F圖示長(zhǎng)度相

20、等、方向相同 【解析】(2)1要畫(huà)出平行四邊形，則需要記錄分力的大小和方向，所以在白紙上記下結(jié)點(diǎn)O的位置的同時(shí)也要記錄三細(xì)線的方向以及電子秤的示數(shù)F1(3)2已經(jīng)記錄了一個(gè)分力的大小，還要記錄另一個(gè)分力的大小，則結(jié)點(diǎn)O點(diǎn)位置不能變化，力的方向也都不能變化，所以應(yīng)使結(jié)點(diǎn)O的位置和三根細(xì)線的方向與中重合，記錄電子秤的示數(shù)F2(4)3根據(jù)平行四邊形定則作出合力，若F、F圖示長(zhǎng)度相等、方向相同，則力的平行四邊形定則得到驗(yàn)證12、 C 作出的合力大小與另一個(gè)力的大小近似相等，方向近似相反 不需要【解析】（1）實(shí)驗(yàn)中使用了三根相同的橡皮筋，故彈力與伸長(zhǎng)量成正比，即伸長(zhǎng)量的大小表示彈力的大小，故只需要測(cè)量三

21、根據(jù)橡皮筋的伸長(zhǎng)量即可，故A錯(cuò)誤；在以上步驟中已經(jīng)記錄了每條細(xì)繩的方向，不需要記錄兩個(gè)釘子的位置，故B錯(cuò)誤；本實(shí)驗(yàn)以彈簧的伸長(zhǎng)量來(lái)作平行四邊形，步驟d中測(cè)量了橡皮筋懸掛重物后的長(zhǎng)度，要計(jì)算伸長(zhǎng)量，需要測(cè)量橡皮筋的原長(zhǎng)，故選C，故選C.（2）根據(jù)平行四邊形定則作出合力，如圖所示：（3）根據(jù)平行四邊形定則作出任意兩根橡皮筋的彈力的合力，當(dāng)合力與第三根橡皮筋的彈力的大小近似相等，方向近似相反時(shí)，即說(shuō)明力的合成滿足平行四邊形定則（4）因?yàn)樵搶?shí)驗(yàn)是利用橡皮筋的伸長(zhǎng)量作為拉力大小，畫(huà)出受力圖，驗(yàn)證力的平行四邊形定則；如果換用不同的重物再次重復(fù)該實(shí)驗(yàn)，不需要改變釘子的位置，也不需要使橡皮筋的結(jié)點(diǎn)回到原來(lái)的O

22、點(diǎn)。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、 (1) 1104V (2) 4m/s (3) 0.05m【解析】（1）由a顆粒帶正電，故電場(chǎng)方向向左，所以左板帶負(fù)電荷，右板帶正電荷；依題意,顆粒在平行板的豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng),故滿足： 在水平方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng),故滿足： 得兩極板間的電壓為：U=1104V （2）根據(jù)動(dòng)能定理，顆粒落到水平傳送帶上滿足： 解得顆粒落到水平傳送帶上時(shí)的速度大小為：v=4m/s （3）在豎直方向顆粒作自由落體運(yùn)動(dòng),可得顆粒第一次落到水平傳送帶上沿豎直方向上 故顆粒第一次反彈的速度大小為

23、；第二次反彈的速度大小為 顆粒第2次反彈后上升的高度h為： 可得顆粒第二次反彈高度為：h=0.05m14、 (1) (2) （3）3.36m【解析】（1）恰好運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)，有重力提供向心力，即，得（2）從點(diǎn)到點(diǎn)，由機(jī)械能守恒定律有，在點(diǎn)對(duì)小球進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律有，聯(lián)立得，根據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)壍赖膲毫Υ笮椋?）從到由機(jī)械能守恒定律有，所以：，在點(diǎn)進(jìn)行速度的分解有：，所以：點(diǎn)睛：小球恰好通過(guò)最高點(diǎn)C，由重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求解小球經(jīng)過(guò)C點(diǎn)的速度大小從B點(diǎn)到C點(diǎn)，由機(jī)械能守恒定律求解B點(diǎn)速度由牛頓第二定律、第三定律求得小球?qū)壍赖膲毫Υ笮腁到B由機(jī)械能守恒定律求出A點(diǎn)速度

24、，在A點(diǎn)進(jìn)行速度的分解，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出末端O點(diǎn)到A點(diǎn)的豎直高度H15、（1） （1） （2） 【解析】設(shè)三個(gè)區(qū)域的電場(chǎng)強(qiáng)度大小依次為1E、E、1E，物體在三個(gè)區(qū)域運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別t1、t1、t2(1)在BCGF區(qū)域，對(duì)物體進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律得：mg-qE=ma1，而：1qE=mg得：在水平方向有：L=v0t在豎直方向有： 解得：,(1)在ABEF區(qū)域?qū)ξ矬w進(jìn)行受力分析，在豎直方向有：1qE=mg物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有： ，在BCGF區(qū)域，物體做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，有：,在Q點(diǎn)豎直方向速度為：則Q點(diǎn)速度為：，與水平方向夾角為45在CDHG區(qū)域 由于1qE=mg對(duì)物體進(jìn)行受力分析，mg，與水平方向夾角為45，與速度方向相同，物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)到x軸過(guò)程，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，有： 解得：所以有：(2)物體在ABFE區(qū)域做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在BCGF區(qū)域物體做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，偏移量為 在CDHG區(qū)域，沿與水平方向夾角為45，物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向位移為L(zhǎng)，則物體從DH邊界射出位置的坐標(biāo)為 【點(diǎn)睛】此題是帶電體在電場(chǎng)和重力場(chǎng)的復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，關(guān)鍵是分析物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的合成與分解的方法研究，勻加速直線運(yùn)動(dòng)根據(jù)牛頓定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合研究