《2022-2023學(xué)年黑河市重點中學(xué)物理高三上期中綜合測試試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022-2023學(xué)年黑河市重點中學(xué)物理高三上期中綜合測試試題（含解析）.doc（15頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、我國國家大劇院外部呈橢球型，將國家大劇院的屋頂近似為半球形，一警衛(wèi)人員為執(zhí)行特殊任務(wù)，必須冒險在半球形屋

2、頂上向上緩慢爬行(如圖所示)，他在向上爬的過程中（ ）A屋頂對他的支持力變大B屋頂對他的支持力變小C屋頂對他的摩擦力變大D屋頂對他的摩擦力大小不變2、如圖所示，A為地球赤道表面的物體，B為環(huán)繞地球運行的衛(wèi)星，此衛(wèi)星在距離地球表面R/2的高度處做勻速圓周運動，且向心加速度的大小為a.已知地球同步衛(wèi)星的軌道半徑為6.6R，R為地球的半徑，引常量為G.則下列說法正確的是( )A地球兩極的重力加速度大小3a/2B物體A的線速度比衛(wèi)星B的線速度大C地球的質(zhì)量為D地球的第一宇宙速度大小為3、質(zhì)量為的木塊位于粗糙水平桌面上，若用大小為的水平恒力拉木塊，木塊做勻加速運動，其加速度為當拉力方向不變，大小變?yōu)闀r，

3、木塊的加速度為，則（ ）A BC D4、如圖甲所示，在垂直紙面向里的勻強磁場中，一個線圈與一個電容器相連，線圈平面與勻強磁場垂直，電容器的電容C= 60 F，穿過線圈的磁通量隨時間t的變化如圖乙所示，下列說法正確的是A電容器下極板電勢高于上極板B線圈中磁通量的變化率為3 Wb/sC電容器兩極板間電壓為2.0 VD電容器所帶電荷量為120 C5、平面OM和平面ON之間的夾角為30，其橫截面（紙面）如圖所示，平面OM上方存在勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直于紙面向外。一帶電粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q（q0）。粒子沿紙面以大小為v的速度從OM的某點向左上方射入磁場，速度與OM成30角。已知該粒

4、子在磁場中的運動軌跡與ON只有一個交點，并從OM上另一點射出磁場。不計粒子重力。則粒子離開磁場的出射點到兩平面交線O的距離為ABCD6、如圖所示，在直角坐標系xOy平面內(nèi)存在一正點電荷Q，坐標軸上有A、B、C三點，OA=OB=BC=a，其中A點和B點的電勢相等，O點和C點的電勢相等，靜電力常量為k，則下列說法正確的是（）A點電荷Q位于O點BO點電勢比A點電勢高CC點的電場強度大小為D將某一正試探電荷從A點沿直線移動到C點，電勢能一直減小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

5、7、興趣小組的同學(xué)們利用彈弓放飛模型飛機。彈弓的構(gòu)造如圖1所示，其中橡皮筋兩端點A、B固定在把手上。橡皮筋處于ACB時恰好為橡皮筋原長狀態(tài)（如圖2所示），將模型飛機的尾部放在C處，將C點拉至D點時放手，模型飛機就會在橡皮筋的作用下發(fā)射出去。C、D兩點均在AB連線的中垂線上，橡皮筋的質(zhì)量忽略不計。現(xiàn)將模型飛機豎直向上發(fā)射，在它由D運動到C的過程中A模型飛機在D位置所受彈力最大B模型飛機在C位置時的速度最大C模型飛機的加速度先減小，后增大D模型飛機的機械能一直在增大8、關(guān)于熱力學(xué)定律，下列說法正確的是（）A氣體吸熱后溫度一定升高B對氣體做功可以改變其內(nèi)能C理想氣體等壓膨脹過程一定放熱D熱量不可能自

6、發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體E.如果兩個系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個系統(tǒng)達到熱平衡，那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定達到熱平衡9、如圖所示,一斜面光滑的質(zhì)量為M的劈,在水平力F作用下沿水平地面運動,這時質(zhì)量為m的物體恰能在斜面上相對靜止若劈和地面間的動摩擦因數(shù)為,則物體的加速度a和水平力F的大小分別是( )Aa=gtanBa=gsinCF=(M+m)(+tan)gDF=(M+m)(1+)gtan10、如圖所示，平板小車停在光滑水平面上甲、乙兩人站在小車左、右兩端，當他倆同時相向而行時，發(fā)現(xiàn)小車向右運動，下列說法中正確的是 A乙的速度必定大于甲的速度B乙對小車的沖量必定大于甲對小車的沖量C乙的動量必定大

7、于甲的動量D甲、乙的動量之和必定不為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖1所示，為“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗裝置及數(shù)字化信息系統(tǒng)獲得了小車加速度a與鉤碼的質(zhì)量及小車和砝碼的質(zhì)量對應(yīng)關(guān)系圖鉤碼的質(zhì)量為m1，小車和砝碼的質(zhì)量為m2，重力加速度為g（1）下列說法正確的是_A每次在小車上加減砝碼時，應(yīng)重新平衡摩擦力B實驗時若用打點計時器應(yīng)先釋放小車后接通電源C本實驗m2應(yīng)遠小于m1D在用圖象探究加速度與質(zhì)量關(guān)系時，應(yīng)作a圖象（2）實驗時，某同學(xué)由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，測得F=m1g，作出aF圖象，他可能作出圖2中

8、_ （選填“甲”、“乙”、“丙”）圖線此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是_A小車與軌道之間存在摩擦B導(dǎo)軌保持了水平狀態(tài)C鉤碼的總質(zhì)量太大D所用小車的質(zhì)量太大（1）實驗時，某同學(xué)遺漏了平衡摩擦力這一步驟，若軌道水平，他測量得到的a圖象，如圖1設(shè)圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，則小車與木板間的動摩擦因數(shù)=_12（12分）某探究小組設(shè)計了“用一把尺子測定動摩擦因數(shù)”的實驗方案如圖所示，將一個小球和一個滑塊用細繩連接，跨在斜面上端開始時小球和滑塊均靜止，剪斷細繩后，小球自由下落，滑塊沿斜面下滑，可先后聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音，保持小球和滑塊釋放的位置不變，調(diào)整擋板位置，

9、重復(fù)以上操作，直到能同時聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音用刻度尺測出小球下落的高度H、滑塊釋放點與擋板處的高度差h和沿斜面運動的位移（空氣阻力對本實驗的影響可以忽略）（1）滑塊沿斜面運動的加速度與重力加速度的比值為_（2）滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為_（3）以下能引起實驗誤差的是_A、滑塊的質(zhì)量 B、當?shù)刂亓铀俣鹊拇笮?C、長度測量時的讀數(shù)誤差D、小球落地和滑塊撞擊擋板不同時四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，ABC和ABD為兩個光滑固定軌道，A、B、E在同一水平面上，C、D、E在同一豎直線上，D

10、點距水平面的高度為h，C點的高度為2h，一滑塊從A點以初速度v0分別沿兩軌道滑行到C或D處后水平拋出，重力加速度為g (1)求滑塊落到水平面時，落點與E點間的距離xC和xD；(2)為實現(xiàn)xCxD，v0應(yīng)滿足什么條件？(3)如果滑塊的初速度一定，要使它從最高點拋出后的水平射程最大，則該軌道的高度h應(yīng)為多大？此時的水平射程為多少？14（16分）據(jù)統(tǒng)計，40%的特大交通事故是由疲勞駕駛引起的疲勞駕駛的危害絲毫不亞于酒駕和醉駕研究標明，一般人的剎車反應(yīng)（從發(fā)現(xiàn)情況到汽車開始減速）時間t0=0.4s，而疲勞駕駛時人的反應(yīng)時間會變長某次實驗中，志愿者在連續(xù)駕駛4h后，駕車以v0=72km/h的速度在實驗場

11、的平直路面上勻速行駛，從發(fā)現(xiàn)情況到汽車停止，行駛距離為L=43m設(shè)汽車剎車后開始滑動，已知汽車與地面間的滑動摩擦因數(shù)=0.8，取g=10m/s2，求：（1）減速運動過程中汽車的位移大??；（2）志愿者在連續(xù)駕駛4h后的反應(yīng)時間比一般人增加了多少？15（12分）如圖所示，一個質(zhì)量m=4.0kg的物體靜止在水平地面上，現(xiàn)用一大小F=20、與水平方向成=37斜向上的力拉物體，使物體沿水平地面做勻加速直線運動。已知物體與水平地面間的動摩擦因數(shù)=0.50，sin37=0.60，cos37=0.80，空氣阻力可忽略不計，取重力加速度g=10m/s2。求：（1）物體運動s=1.0m時的速度大小v；（2）物體運

12、動s=1.0m時的動能Ek（3）物體運動s=1.0m的過程中，拉力F所做的功W；（4）分析動能Ek與拉力F所做的功W不相等的原因； （5）如果保持拉力的方向不變，則要使物體沿水平面運動，拉力的大小F應(yīng)滿足什么條件？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】對警衛(wèi)人員受力分析，如圖所示：根據(jù)共點力平衡條件，將F支、Ff進行力的合成，可得：F支=Gcos，F(xiàn)f=Gsin，當緩慢向上爬行時，漸漸變小，則F支變大，F(xiàn)f變小，故A正確，BCD錯誤。2、D【解析】根據(jù)萬有引力等于向心力，結(jié)合同步衛(wèi)星的加速度和軌道半徑求出加

13、速度關(guān)系。地球赤道上的物體與同步衛(wèi)星的角速度相等，根據(jù)a=r2得出向心角速度關(guān)系，利用萬有引力等于向心力求得地球的質(zhì)量?！驹斀狻啃l(wèi)星B繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，則有，又r0=1.5 R，對于地球兩極的物體有G=mg，解得，g=2.25 a，故A C錯誤；物體A與地球同步衛(wèi)星的角速度相等，根據(jù)v=r知，同步衛(wèi)星的線速度大于物體A的線速度，又由可知，同步衛(wèi)星的線速度小于衛(wèi)星B的線速度，故物體A的線速度小于衛(wèi)星B的線速度，故B錯誤；由，并結(jié)合GM=gR2，可得地球的第一宇宙速度為，故D正確。故選D?！军c睛】解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力這一重要理論，并能靈活運用，注意赤道上的物

14、體不是靠萬有引力提供向心力。3、C【解析】由牛頓第二定律知，用大小為的力拉木塊時，有，拉力變?yōu)闀r， ，得，C正確4、C【解析】根據(jù)楞次定律，可判斷出電容器上極板電勢高于下極板，A錯誤；根據(jù)圖象可得線圈中磁通量的變化率為，B錯誤；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有：V，C正確；根據(jù)Q=CU，可得電容器所帶電荷量為，D錯誤；選C.5、D【解析】、粒子進入磁場做順時針方向的勻速圓周運動，軌跡如圖所示，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，有解得根據(jù)軌跡圖知，OPQ=60則粒子離開磁場的出射點到兩平面交線O的距離為，則D正確，ABC錯誤。故選D。6、C【解析】因A點和B點的電勢相等，O點和C點的電勢相等，故A、B到點電荷的距

15、離相等，O、C到點電荷的距離也相等，則點電荷位置如圖所示由圖可知A錯誤，因點電荷帶正電，故離點電荷越近電勢越高，故O點電勢比A點低，故B錯誤，由圖可知OC的距離，根據(jù)，得，故C正確；由圖可知，將正試探電荷從A點沿直線移動到C點，電勢先升高再降低，故電勢能先增大再減小，故D錯誤，故選C.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A. 橡皮筋的伸長量逐漸減小,每根橡皮筋的彈力大小逐漸減小,兩根橡皮筋的夾角增大,所以橡皮筋對模型飛機的彈力(合力)一直在減小，在D位置

16、所受彈力最大。故A正確；B. 從D到C，橡皮筋的彈力逐漸減小，彈力先大于重力，后小于重力，模型飛機的速度先增大后減小，彈力等于重力時，速度最大，故B錯誤； C. 從D到C，橡皮筋的彈力逐漸減小，橡皮筋對模型飛機的彈力先大于重力，加速度逐漸減小；后小于重力，加速度逐漸增大，所以模型飛機的加速度先減小，后增大，故C正確； D. 橡皮筋對模型飛機的彈力始終做正功，由功能關(guān)系知，模型飛機的機械能一直在增大，故D正確；故選：ACD。8、BDE【解析】A氣體吸熱后，若再對外做功，溫度可能降低，故A錯誤；B改變氣體內(nèi)能的方式有兩種：做功和熱傳導(dǎo)，故B正確；C理想氣體等壓膨脹過程是吸熱過程，故C錯誤；D根據(jù)熱

17、力學(xué)第二定律，熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，故D正確；E如果兩個系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個系統(tǒng)達到熱平衡，那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定達到熱平衡，否則就不會與第三個系統(tǒng)達到熱平衡，故E正確。故選BDE【點睛】本題主要考查了熱力學(xué)定律、理想氣體的性質(zhì)此題考查了熱學(xué)中的部分知識點，都比較簡單，但是很容易出錯，解題時要記住熱力學(xué)第一定律E=W+Q、熱力學(xué)第二定律有關(guān)結(jié)論以及氣體的狀態(tài)變化方程等重要的知識點9、AC【解析】AB對物體，由牛頓第二定律得：解得加速度：故正A確，B錯誤CD對物體與劈組成的系統(tǒng),由牛頓第二定律得：解得：故C正確，D錯誤；10、BCD【解析】ACD.甲、乙兩人及小車組

18、成的系統(tǒng)不受外力，系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)動量守恒定律得：甲甲乙乙車車=0小車向右運動，則說明甲與乙兩人的總動量向左，說明乙的動量大于甲的動量，即兩人的總動量不為零，但是由于不知兩人的質(zhì)量關(guān)系，故無法確定兩人的速度大小關(guān)系，故選項A不符合題意，C、D符合題意；B.小車速度方向向右，即動量的變化量向右，根據(jù)動量定理知乙對小車的沖量方向向右，甲對小車的沖量方向向左，可知乙對小車的沖量大于甲對小車的沖量，故選項B符合題意三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、D 丙 C 【解析】（1）1 A、平衡摩擦力，假設(shè)木板傾角為，則有：f=mgsin=mgcos

19、m約掉了，每次在小車上加減砝碼時，故不需要重新平衡摩擦力;故A錯誤.B、實驗時應(yīng)先接通電源后釋放小車，故B錯誤.C、讓小車的質(zhì)量m1遠遠大于小盤和重物的質(zhì)量m2，因為：際上繩子的拉力故應(yīng)該是m1m2，故C錯誤；D、由牛頓第二定律F=ma，所以，所以在用圖象探究小車的加速度與質(zhì)量的關(guān)系時，通常作圖象，故D正確；（2）2 1遺漏了平衡摩擦力這一步驟，就會出現(xiàn)當有拉力時，物體不動的情況，故可能作出圖2中丙.此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是鉤碼的總質(zhì)量太大，沒有遠小于小車和砝碼的質(zhì)量，故選C（1）4 根據(jù)牛頓第二定律可知變形結(jié)合圖象可得：斜率，截距，所以小車與木板間的動摩擦因數(shù)為12

20、、 CD 【解析】（1）由于同時聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音，說明小球和滑塊的運動時間相同，對滑塊，位移：x=at2；對小球，位移：H=gt2，解得：；（2）設(shè)斜面傾角為，則：sin= ，cos= ，對滑塊，由牛頓第二定律得：mgsin-mgcos=ma，加速度：，解得：=；（3）由=可知，能引起實驗誤差的是長度x、h、H測量時的讀數(shù)誤差，同時要注意小球落地和滑塊撞擊擋板不同時也會造成誤差，故選CD【點睛】本題考查了測動摩擦因數(shù)實驗，應(yīng)用勻加速直線運動和自由落體運動、牛頓第二定律即可正確解題，解題時要注意數(shù)學(xué)知識的應(yīng)用；知道實驗原理是正確解題的關(guān)鍵四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案

21、寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) ； (2) (3)； 【解析】(1)設(shè)拋出點高度為y，滑塊拋出后只有重力做功，根據(jù)機械能守恒有：可得平拋初速度為平拋后物體在豎直方向上做自由落體運動，所以落地時間t滿足所以落地點離拋出點的水平距離分別以y=2h和y=h代入得：(2)按題意xCxD，有2(v4gh)v2gh所以v0所以v4gh因此為保證xCxD，初速度應(yīng)滿足.(3)由(1)可知，落地點離拋出點的水平距離：整理得：可知，當，即時，滑塊的水平射程最大，為.【點睛】整個過程中，物體的機械能守恒，離開C和D后物體做平拋運動，根據(jù)平拋運動的規(guī)律分析可以得出

22、結(jié)論14、（1）25m（2）0.5s【解析】（1）減速過程根據(jù)牛頓第二定律有：mg=ma由運動學(xué)公式得：0-v02=2（-a）x聯(lián)立解得：x=25m（2）設(shè)志愿者的反應(yīng)時間為t，反應(yīng)時間的增加量為t，根據(jù)運動學(xué)公式有：L-x=v0t根據(jù)題意有：t=t-t0聯(lián)立解得：t=0.5s15、（1）1.0m/s （2）2.0J （3）16J （4）動能的變化量等于合外力做的功，除拉力F做功外，還有摩擦力做功 （5）18.2N66.7N【解析】物體沿豎直方向所受合力為零，設(shè)地面對物體的支持力為N，因此有N+Fsin=mg物體運動過程中所受摩擦力f=N=（mg-Fsin）根據(jù)牛頓第二定律，有Fcos-f=ma解得：a=0.50m/s2（1）物體運動s=1.0m時的速度大小 ；（2）物體運動s=1.0m時的動能 （3）物體運動s=1.0m的過程中，拉力F所做的功 （4）動能Ek與拉力F所做的功W不相等的原因：動能的變化量等于合外力做的功，除拉力F做功外，還有摩擦力做功（5）要使物體運動需滿足 解得F=18.2N使物體不離開地面，則解得F=66.7N則F的范圍是18.2N66.7N