《內(nèi)蒙古赤峰市第二中學2022-2023學年物理高三第一學期期中經(jīng)典試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《內(nèi)蒙古赤峰市第二中學2022-2023學年物理高三第一學期期中經(jīng)典試題（含解析）.doc（13頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、裝修工人在搬運材料時施加一個水平拉力將其從水平臺面上拖出，如圖所示，則在勻加速拖出的過程中（ ）A材料與平臺之間的接觸面積逐漸減小，摩擦力逐漸減小B材料與平臺之間

2、的相對速度逐漸增大，摩擦力逐漸增大C平臺對材料的支持力逐漸減小，摩擦力逐漸減小D材料與平臺之間的動摩擦因數(shù)不變，支持力也不變，因而工人拉力也不變2、如圖所示，圖中以點電荷Q為圓心的虛線同心圓是該點電荷電場中球形等勢面的橫截面圖一個帶電的粒子經(jīng)過該電場，它的運動軌跡如圖中實線所示，P、M、N、O、F都是軌跡上的點不計帶電粒子受到的重力，由此可以判斷（ ）A此粒子和點電荷Q帶同種電荷B此粒子在M點的動能小于在F點的動能C若PM兩點間的距離和MN兩點間的距離相等，則從P到M和從M到N，電場力做功相等D帶電粒子從P運動到N的過程中，電勢能逐漸增大3、如圖所示，一輕桿一端固定一小球，繞另一端O點在豎直面

3、內(nèi)做勻速圓周運動，在小球運動過程中，輕桿對它的作用力A方向始終沿桿指向O點B一直不做功C從最高點到最低點，一直做負功D從最高點到最低點，先做負功再做正功4、如圖所示，ABC為豎直放置的光滑半圓環(huán)，O為圓心，B為最低點AB為固定在環(huán)上的光滑直桿在AB直桿上和半圓環(huán)的BC部分分別套著兩個相同的小環(huán)P、Q，現(xiàn)讓半圓環(huán)繞對稱軸OB勻速轉(zhuǎn)動當角速度為時，小環(huán)P在A、B之間的中間位置與直桿保持相對靜止；當角速度為時，小環(huán)Q在B、C之間的中間位置與半圓環(huán)保持相對靜止則1與2之比為A：1B1：1C：D1：5、如圖所示，在點電荷+Q產(chǎn)生的電場中，引入一個帶電量較小的電荷-q當將-q移近+Q的過程中Aa點的電場不

4、會改變Bb點的電場不會改變C+Q在b點產(chǎn)生的電場會改變D+Q在a點產(chǎn)生的電場不會改變6、質(zhì)點做直線運動的vt圖象如圖所示，規(guī)定向右為正方向，則該質(zhì)點在前8s內(nèi)平均速度的大小和方向分別為( )A0.25m/s，向右B0.25m/s，向左C1m/s，向右D1m/s，向左二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、傾角為、質(zhì)量為M的室內(nèi)小滑梯如圖所示，質(zhì)量為m的小朋友沿著滑梯勻加速下滑，整個運動過程中滑梯保持靜止不動對此運動過程，下列有關(guān)說法正確的是A小朋友和滑梯之間的動摩擦因數(shù)一

5、定小于tanB地面對滑梯的支持力一定等于(m+M)gC地面對滑梯的摩擦力大小一定等于mgcossinD地面對滑梯的摩擦力方向一定向左8、如圖所示，質(zhì)量均為M的A、B兩滑塊放在粗糙水平面上，兩輕桿等長，桿與滑塊、桿與桿間均用光滑鉸鏈連接，在兩桿鉸合處懸掛一質(zhì)量為m的重物C，整個裝置處于靜止狀態(tài)，設(shè)桿與水平面間的夾角為。下列說法正確的是（ ）A當m一定時，越小，滑塊對地面的壓力越大B當m一定時，越大，滑塊與地面間的摩擦力越小C當一定時，M越大，滑塊與地面間的摩擦力越大D當一定時，M越大，可懸掛重物C的質(zhì)量m越大9、如圖所示，水平地面上固定一個光滑絕緣斜面，斜面與水平面的夾角為.一根輕質(zhì)絕緣細線的一

6、端固定在斜面頂端，另一端系有一個帶電小球A，細線與斜面平行小球A的質(zhì)量為m、電量為q.小球A的右側(cè)固定放置帶等量同種電荷的小球B，兩球心的高度相同、間距為d.靜電力常量為k，重力加速度為g，兩帶電小球可視為點電荷小球A靜止在斜面上，則()A小球A與B之間庫侖力的大小為B當時，細線上的拉力為0C當時，細線上的拉力為0D當時，斜面對小球A的支持力為010、如圖，兩根相同的輕質(zhì)彈簧，沿足夠長的光滑斜面放置，下端固定在斜面底部擋板上，斜面固定不動質(zhì)量不同、形狀相同的兩物塊分別置于兩彈簧上端現(xiàn)用外力作用在物塊上，使兩彈簧具有相同的壓縮量，若撤去外力后，兩物塊由靜止沿斜面向上彈出并離開彈簧，則從撤去外力到

7、物塊速度第一次減為零的過程，兩物塊（ ） A最大速度相同；B最大加速度相同；C重力勢能的變化量相同；D上升的最大高度不同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“探究動能定理”的實驗中，某同學是用下面的方法和器材進行實驗的，放在長木板的小車，由靜止開始在幾條完全相同的橡皮筋的作用下沿木板運動，小車拉動固定在它上面的紙帶，紙帶穿過打點計時器，關(guān)于這一實驗，下列說法中正確的是A長木板要適當傾斜，以平衡小車運動中受到的阻力B利用紙帶上的點計算小車的速度時，應選用紙帶上打點最密集的部分進行計算C重復實驗時，雖然用到橡皮筋的條數(shù)不同，但每次應

8、使橡皮筋拉伸的長度相同D利用紙帶上的點計算小車的速度時，應選用紙帶上打點最稀疏的部分進行計算12（12分）為了探究加速度與合外力的關(guān)系，甲、乙、丙、丁四個實驗小組分別采用圖甲、圖乙、圖丙、圖丁所示的實驗裝置，小車總質(zhì)量用M表示(乙圖中M包括小車與傳感器，丙圖中M包括小車和與小車固連的小滑輪)，鉤碼總質(zhì)量用m表示丁組同學先按圖丁將木板有定滑輪的一端墊起，調(diào)整木板傾角，使小車恰好帶著鉤碼和紙帶一起沿木板向下勻速運動，再保持長木板的傾角不變，取下細繩和鉤碼，然后接通電源釋放小車，使之由靜止開始加速運動并在紙帶上打點，如圖戊所示重力加速度g已知，試回答下列問題：（1）甲、乙、丙三組實驗必須平衡小車和長

9、木板之間的摩擦力的實驗小組是_（填“甲”“乙”“丙”）（2）甲、乙、丙、丁四組實驗時必須滿足“Mm”的實驗小組是_ （填“甲”“乙”“丙”“丁”）（3）實驗時各組同學的操作均完全正確，甲、乙、丙三組同學作出的a-F圖線如圖己所示（乙組同學所用F為傳感器讀數(shù)，丙組同學所用F為彈簧測力計示數(shù)），則甲、乙、丙三組實驗對應的圖線依次是_（填“A”“B”“C”）（4）實驗時丁組同學操作的小車加速下滑受到的合力F=_，該組同學在保持小車質(zhì)量不變的情況下，通過調(diào)整改變小車所受合力，多次實驗，由實驗數(shù)據(jù)作出的a-F圖線如圖庚所示，則小車質(zhì)量為_kg四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答

10、題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一帶正電的物體靜止置于絕緣水平面上，如圖所示，現(xiàn)加一水平向右的勻強電場后物體開始向右運動，已知物體與絕緣水平面之間的滑動摩擦力為電場力的，經(jīng)一段時間后，物體的動能為，此時突然使電場方向反向，大小不變，再經(jīng)過一段時間后，物體回到原出發(fā)點。求物體回到原來出發(fā)點時的動能14（16分）如圖甲所示，傾斜傳送帶傾角37，兩端A、B間距離L4 m，傳送帶以4 m/s的速度順時針轉(zhuǎn)動，質(zhì)量為1 kg的滑塊從傳送帶頂端B點由靜止釋放后下滑，到A端時用時2 s，g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8.(1)求滑塊與傳送帶間的動摩擦因

11、數(shù)；(2)若該滑塊在傳送帶的底端 A點，如圖乙所示，現(xiàn)用一沿傳送帶向上的大小為6 N的恒定拉力F拉滑塊，使其由靜止開始沿傳送帶向上運動，當滑塊速度與傳送帶速度相等時，撤去拉力，則當滑塊到傳送帶頂端時，滑塊速度為多大？15（12分）光滑水平面上放著一質(zhì)量為M的槽，槽與水平面相切且光滑，如圖所示，一質(zhì)量為m的小球以v0向槽運動（1）若槽固定不動，求小球上升的高度（槽足夠高）（2）若槽不固定，則小球上升多高？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】C勻加速拉動的過程只能持續(xù)到重心離開臺面的瞬間，故在勻加速拉動過程中

12、，物體的重心在臺面上，故物體對臺面的壓力不變，故物體受到的支持力不變，故C錯誤；AB而在拉動過程中動摩擦因數(shù)不變，由可知摩擦力是不變的，故AB錯誤；D因為摩擦力不變，物體做勻加速直線運動，由牛頓第二定律可知因為加速度不變，摩擦力不變，所以工人的拉力是不變的，故D正確。故選D2、B【解析】試題分析：A、根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出，粒子在M、N間運動過程中，電荷一直受靜電引力作用，此粒子和點電荷帶不同的電荷故A錯誤；B、粒子從M到N，電場力做正功，故電勢能減小，動能增加，故M點的電勢能大于N點的電勢能，且M點動能小于N點動能；N點與F點在同一個等勢面上，所以粒子在F點的動能等于在N點的動能，所以粒子在

13、M點的動能小于在F點的動能故B正確；C、M點離場源電荷遠，電荷所受的電場力較小，則PM兩點間的距離和MN兩點間的距離相等，則從P到M電場力做的功比從M到N電場力做功少，故C錯誤；D、粒子從P到N，只受電場力，合力做正功，根據(jù)動能定理，動能增加，電勢能減小，故D錯誤；故選B3、C【解析】A小球做勻速圓周運動，合力提供向心力，方向始終沿桿指向O點，小球受重力和桿的作用力，所以桿的作用力不一定沿桿指向O點，故A錯誤；BCD小球做勻速圓周運動，合力做功為零，從最高點到最低點，重力做正功，所以桿一直做負功，故B錯誤，C正確，D錯誤故選：C4、A【解析】P點的小球受到重力和桿的支持力，在水平面內(nèi)做勻速圓周

14、運動，合力的方向沿水平方向，則有，解得； 同理，Q點的小球受到重力和桿的支持力，在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，合力的方向沿水平方向，OQ與豎直方向之間的夾角為，則有，解得，所以，故A正確，B、C、D錯誤；故選A【點睛】分別對P點和Q點的小球進行受力分析，根據(jù)合外力提供向心力的條件，由牛頓第二定律即可求出結(jié)果5、D【解析】A a點的電場為點電荷+Q和電荷-q在a點產(chǎn)生電場的疊加，將-q移近點電荷+Q的過程中，電荷-q到a點的距離發(fā)生變化，在a點產(chǎn)生的電場發(fā)生變化。所以a點的電場發(fā)生改變，故A項錯誤；B b點的電場為點電荷+Q和電荷-q在b點產(chǎn)生電場的疊加，將-q移近點電荷+Q的過程中，電荷-q到b點

15、的距離發(fā)生變化，在b點產(chǎn)生的電場發(fā)生變化。所以b點的電場發(fā)生改變，故B項錯誤；C 點電荷+Q到b點的距離及電量不變，所以點電荷+Q在b點產(chǎn)生的電場不會改變，故C項錯誤；D 點電荷+Q到a點的距離及電量不變，所以點電荷+Q在a點產(chǎn)生的電場不會改變，故D項正確。6、B【解析】由圖線可知0-3s內(nèi)的位移為方向為正方向；3-8s內(nèi)的位移為方向為負方向；0-8s內(nèi)的位移為0-8s內(nèi)的平均速度為，負號表示方向是向左的A. 前8s內(nèi)平均速度的大小和方向分別為0.25m/s，向右，與分析不一致，故A錯誤；B. 前8s內(nèi)平均速度的大小和方向分別為0.25m/s，向左，與分析相一致，故B正確；C. 前8s內(nèi)平均速

16、度的大小和方向分別為1m/s，向右，與分析不一致，故C錯誤；D. 前8s內(nèi)平均速度的大小和方向分別為1m/s，向左，與分析不一致，故D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】因為小朋友做勻加速下滑，即，解得，A正確；因為小朋友存在一個豎直向下的分加速度，處于失重狀態(tài)，人對滑梯的作用力小于其重力，故地面對滑梯的支持力小于兩者的重力，B錯誤；小朋友存在一個水平向左的分加速度，即在水平方向上小朋友的合力向左，根據(jù)牛頓第三定律可知小朋友對電梯在水平方向上的作用力向

17、右，即電梯有向右的運動趨勢，電梯受到地面的摩擦力方向一定向左，故地面的摩擦力大小為，C錯誤D正確8、BCD【解析】A對ABC整體分析可知，對地壓力為：與無關(guān)。故A錯誤。B將C的重力按照作用效果分解，如圖所示：可得：對A分析，受重力、桿的推力、支持力和向右的靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，有：當m一定時，越大，滑塊與地面間的摩擦力越小。故B正確。CD由上可知，當一定時，M越大，M與地面間的最大靜摩擦力越大；則可懸掛重物C的質(zhì)量m越大。故CD正確。9、AC【解析】由題意知，根據(jù)庫倫定律可求小球A與B之間庫侖力的大小為，故A正確；以小球A為研究對象受力分析如圖：根據(jù)物體的平衡條件可求當mg、Fc、FN三力的

18、合力等于零時，即時，細線上的拉力為0，所以B錯誤；C正確；由平衡條件知，小球A受彈力不可能為零，所以D錯誤10、CD【解析】使兩彈簧具有相同的壓縮量，則儲存的彈性勢能相等，根據(jù)能量守恒判斷最后的重力勢能以及變化量；【詳解】A、開始時因彈力最大導致開始時物塊具有最大加速度，開始彈簧形變量相同，則彈力相同，根據(jù)牛頓第二定律：，質(zhì)量不同，故最大加速度不同；物塊受力平衡時具有最大速度，即：，則質(zhì)量大的物塊具有最大速度時彈簧的壓縮量比較大，上升的高度比較低，即位移小，而運動過程中質(zhì)量大的物塊平均加速度較小，加速度小的位移小，則最大速度v較小，即最大速度不同，故AB錯誤；C、由題意使兩彈簧具有相同的壓縮量

19、，則儲存的彈性勢能相等，物塊上升到最大高度時，彈性勢能完全轉(zhuǎn)化為重力勢能，則物塊最終的重力勢能mgh相等，重力勢能的變化量相等，而兩物塊質(zhì)量不同，則上升的最大高度不同，故CD正確【點睛】本題考查了彈簧問題，注意平衡位置不是彈簧的原長處，而是受力平衡的位置三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ACD【解析】試題分析：為了使得小車沿長木板方向只受橡皮筋的作用，在開始時，需要平衡摩擦力，即長木板要適當傾斜，以平衡小車運動中受到的阻力，A正確；利用紙帶上的點計算小車的速度時，需要測量出加速的末速度，即最大速度，也就是勻速運動的速度，由于速度最大，

20、所以點跡應是最稀疏部分或紙帶上用點跡均勻部分進行計算，B錯誤D正確；重復實驗時，實驗中改變拉力做功時，為了能定量，所以用不同條數(shù)的橡皮筋且拉到相同的長度，這樣橡皮筋對小車做的功才有倍數(shù)關(guān)系，C正確；考點：“探究動能定理”的實驗【名師點睛】實驗時，先要平衡摩擦力，每次保持橡皮筋的形變量一定，當有n根相同橡皮筋并系在小車上時，n根相同橡皮筋對小車做的功就等于系一根橡皮筋時對小車做的功的n倍，這個設(shè)計很巧妙地解決了直接去測量力和計算功的困難，再加上打點計時器測出小車獲得的最大速度即動能可求12、甲乙丙 甲 CBA mg 2 【解析】（1）本實驗探究當質(zhì)量一定時，物體運動的加速度與它所受的合外力的關(guān)系

21、，所以三個實驗小組都需要平衡摩擦力，即甲乙丙都需要平衡摩擦力，（2）乙和丙繩子的拉力可以由彈簧測力計和力傳感器直接得到，不需要用重物的重力代替，所以乙丙兩組不需要滿足Mm，而甲組用重物的重力代替繩子的拉力，要滿足Mm，（3）甲組用重物的重力代替繩子的拉力，要滿足Mm，隨著m的增大，不滿足Mm時，圖象出現(xiàn)彎曲，所以甲組對應的是C，根據(jù)裝置可知，乙圖中小車受到的拉力大于彈簧測力計的示數(shù)，丙圖中受到的拉力等于力傳感器的示數(shù)，當F相等時，乙組的加速度大，所以乙組對應B，丙組對應A，（4）平衡摩擦力后，小車加速下滑時受到的合力F=mg；由牛頓第二定律得：a=F，由圖2（C）所示的aF圖線可知：圖象斜率：

22、k=，則小車的質(zhì)量：M=2kg四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解析】設(shè)帶電滑塊所受的電場力為F，由題意可知摩擦力，設(shè)第一段的位移為則設(shè)滑塊再運動速度減到0，則，聯(lián)立解得滑塊往回運動時，解得14、（1）0.5（2） 【解析】（1）滑塊從B點下滑的過程中，有mgsin mgcos ma1La1t12解得a12 m/s2，0.5（2）當用拉力F拉滑塊時，有Fmgcos mgsin ma2解得a24 m/s2當滑塊速度與傳送帶速度相等時，滑塊運動的位移x12 m撤去拉力后，滑塊開始向上做勻減速運動，加速度大小等于a1，向上運動的位移大小為x2Lx12 m由v2vB22a1x2解得vB2m/s15、（1） （2）【解析】（1）槽固定時，設(shè)球上升的高度為h1，由機械能守恒得解得（2）槽不固定時，設(shè)球上升的最大高度為，此時兩者速度為v，由動量守恒定律得再由機械能守恒定律得聯(lián)立解得，上球上升的高度