《廣渠門中學2022-2023學年高三物理第一學期期中教學質量檢測試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《廣渠門中學2022-2023學年高三物理第一學期期中教學質量檢測試題（含解析）.doc（13頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和

2、答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，物體A疊放在物體B上，B置于光滑水平面上，A、B質量分別為mA6 kg、mB2 kg，A、B之間的動摩擦因數(shù)0.2，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力現(xiàn)對A施加一水平力F，則A、B的加速度可能是(g取10 m/s2)()AaA6 m/s2，aB2 m/s2BaA2 m/s2，aB6 m/s2CaA8 m/s2，aB4 m/s2DaA10 m/s2，aB6 m/s22、下列說法符合物理史實的是（）A開普勒最早闡述了重物體和輕物體下落得一樣快B卡文迪許利用扭秤裝置測出了引

3、力常量C庫侖是第一個提出電荷間的相互作用是以電場為媒介的科學家D亞里士多德對牛頓定律的建立做出了很大貢獻3、如圖所示是質量為1kg的滑塊在水平面上做直線運動的v-t圖像，下列判斷正確的是A在t=1s時，滑塊的加速度為零B在4s末6s末時間內(nèi)，滑塊的平均速度為2.5m/sC在3s末7s末時間內(nèi)，合力做功的平均功率為2WD在5s末6s末時間內(nèi)，滑塊受到的合力為2N4、以18 m/s 的速度行駛的汽車，制動后做勻減速運動，在3 s內(nèi)前進36 m，則汽車在5 s內(nèi)的位移為( )A50 mB45 mC40.5 mD40 m5、下列說法正確的是A由公式vr可知，人造地球衛(wèi)星的軌道半徑越大則其速度越大B由公

4、式可知，人造地球衛(wèi)星的軌道半徑越大則其速度越小C地球同步衛(wèi)星在其圓形軌道上運行時的速度大于7.9km/sD地球同步衛(wèi)星在其圓形軌道上運行時的角速度小于地球自轉的角速度6、某日，一同學在游樂場乘坐摩天輪，已知摩天輪沿順時針方向做勻速圓周運動，此時的陽光正好垂直水平地面照射，如圖所示，下列說法正確的是A該同學運動到A點時處于超重狀態(tài)B該同學運動到B點時所受合力為零C該同學運動到C點時，他在地面上的影子速度恰好為零D該同學運動到C、D兩點之間時，他在地面上的影子做加速運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但

5、不全的得3分，有選錯的得0分。7、設地面附近重力加速度為g，地球半徑為R0，人造地球衛(wèi)星圓形運行軌道半徑為R，那么以下說法正確的是（）A衛(wèi)星在軌道上向心加速度大小為B衛(wèi)星在軌道上運行速度大小為C衛(wèi)星運行的角速度大小為D衛(wèi)星運行的周期為8、如圖所示為等量異種電荷的電場線分布情況，為兩點電荷連線的中點。關于點對稱，若點的電勢為0，則A點的電勢小于0B電子在點電勢能比點的小C兩點的場強相同D間的電勢差等于間的電勢差9、下列說法正確的是_。（填正確答案標號，選對一個得2分，選對2分得4分，選對3個得5分。每選錯一個扣3分，最低得分為0分）A豎直的彈簧振子的回復力，由彈簧的彈力提供B單擺振動的周期，一定

6、等于它的固有周期C機械波從一種介質進入另一種介質，如果波速變大，波長一定變大D在干涉現(xiàn)象中，振動加強點的位移可能比振動減弱點的位移小E. 發(fā)生多普勒效應時，波源發(fā)出的波的頻率并沒有發(fā)生變化10、質量為M的半球形物體A和質量為m的球形物體B緊靠著放在傾角為的固定斜面上,并處于靜止狀態(tài),如圖所示,忽略B球表面的摩擦力,則關于物體受力情況的判斷正確的是()A物體A對物體B的彈力方向沿斜面向上B物體A受到4個力的作用C物體B對斜面的壓力等于D物體B對物體A的壓力大于三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“探究彈性勢能表達式”時，一位同學設

7、計了如圖1所示裝置，以研究輕質彈簧的彈性勢能與彈簧長度改變量的關系實驗過程如下：在離地面高度為h的光滑水平桌面上，沿著與桌子邊緣垂直的方向放置一輕質彈簧，其左端固定，右端與質量為m的一小鋼球接觸當彈簧處于自然長度時，小鋼球恰好在桌子邊緣讓小鋼球向左壓縮彈簧一段距離后由靜止釋放，使鋼球沿水平方向射出桌面，并落到水平地面上，鋼球水平位移記為s (1)依據(jù)能的轉化與守恒思想，小球平拋時具有的初動能_ （選填“大于”、“小于”或“等于”）小球釋放前彈簧儲存的彈性勢能(2)若增大彈簧的壓縮量，小球飛行的水平距離將變大，請你推導出彈簧彈性勢能Ep與小鋼球質量m、桌面離地高度h、水平距離s、重力加速度g的關

8、系式：_ (3)圖2為一張印有小方格的紙，記錄著實驗中鋼球的某次運動軌跡，圖中a、b、c、d四點為小球平拋時經(jīng)過的四個位置小方格的邊長L=1.25cm則小球平拋初速度的計算式為v0= _ （用L、g表示）12（12分）某一小型電風扇額定電壓為4.0V，額定功率為2.4W。某實驗小組想通過實驗描繪出小電風扇的伏安特性曲線。實驗中除導線和開關外，還有以下器材可供選擇：A電源E（電動勢為4.5V） B電壓表V（量程為05V，內(nèi)阻約為4k）C電流表A1（量程為00.6A，內(nèi)阻約為0.2） D電流表A2(量程3A，內(nèi)阻約0.05);E滑動變阻器R1（最大阻值10，額定電流1A）F滑動變阻器R2（最大阻值

9、2k，額定電流100mA）為了便于調(diào)節(jié)，減小讀數(shù)誤差和系統(tǒng)誤差，實驗中所用電流表應選用_，滑動變阻器應選用_。（填所選儀器前的字母序號）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分） “天舟一號”貨運飛船于2017年4月20日在海南文昌航天發(fā)射中心成功發(fā)射升空，完成了與天宮二號空間實驗室交會對接。已知地球質量為M，半徑為R，萬有引力常量為G。（1）求質量為m的飛船在距地面高度為h的圓軌道運行時的向心力和向心加速度大小。（2）若飛船停泊于赤道上，考慮地球的自轉因素，自轉周期為T0，求飛船內(nèi)質量為m0的小物體所受重力大小

10、G0。（3）發(fā)射同一衛(wèi)星到地球同步軌道時，航天發(fā)射場一般選取低緯度還是高緯度發(fā)射基地更為合理？原因是什么？14（16分）如圖所示，一對平行金屬板M、N長為L，相距為d，O1O2為中軸線。當兩板間加電壓UMN=U0時，兩板間為勻強電場，忽略兩極板外的電場。某種帶負電的粒子從O1點以速度v0沿O1 O2方向射入電場，粒子恰好打在上極板M的中點，粒子重力忽略不計。(1)求帶電粒子的比荷；(2)若M、N間加如圖乙所示的交變電壓，其周期，從t=0開始，前內(nèi)UMN=2U，后內(nèi)UMN= -U，大量的上述粒子仍然以初速度v0沿O1O2方向持續(xù)射入電場，最終所有粒子恰好能全部離開電場而不打在極板上，求U的值；(

11、3)同(2)，求所有粒子在運動過程偏離中軸線最遠距離的最大值Y與最小值y的比值.15（12分）從離地一定高度的空中由靜止開始自由釋放一個小球，落地時速度大小為4.5 m/s取g10 m/s2，（不計空氣阻力）求：（1）小球經(jīng)過多少時間落到地面？（2）小球由靜止釋放時離地有多高？（結果保留2位有效數(shù)字）參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】對B而言，當A、B間的摩擦力達到最大值時，此時的加速度達到最大，則，則最大加速度對整體運用牛頓第二定律可得，即當拉力增加到48N時，發(fā)生相對滑動，當時，當時，且，恒定不變，

12、故D正確2、B【解析】本題是物理學史問題，在物理學發(fā)展的歷史上有很多科學家做出了重要貢獻，大家熟悉的伽利略、卡文迪許、法拉第等科學家，在學習過程中要了解、知道這些著名科學家的重要貢獻，即可解答這類問題【詳解】A、伽利略最早闡述了輕物體和重物體下落一樣快，故A錯誤。B、卡文迪許第一次在實驗室里測出了萬有引力常量G，故B正確。C、法拉第是第一個提出電荷間的相互作用是以電場為媒介的科學家，故C錯誤。D、伽利略對牛頓定律的建立做出了很大貢獻，亞里士多德貢獻不大，故D錯誤。故選：B?！军c睛】解決本題的關鍵要記牢伽利略、卡文迪許等科學家的物理學貢獻，平時要加強記憶，注意積累3、C【解析】在t=1s時，滑塊

13、的加速度為：，故A錯誤；在4s-6s時間內(nèi)，滑塊的位移為：，則滑塊的平均速度大小為：，故B錯誤；在3s7s時間內(nèi)，根據(jù)動能定理得合力做功 ，合力做功的平均功率的大小為，故C正確在5s-6s時間內(nèi)，滑塊的加速度大小為：=4m/s2，根據(jù)牛頓第二定律得：F合=ma=14=4N，故D錯誤；故選C點睛：解決本題的關鍵知道速度時間圖線的斜率表示加速度，圖線與時間軸圍成的面積表示位移要知道動能定理是求合力做功常用的方法4、C【解析】設初速度的方向為正方向由位移公式，由 可得解得a4m/s2加速度方向與速度反向剎車的總時間為由位移公式，有汽車在5 s內(nèi)的位移為A50 m，與結論不相符，選項A錯誤；B45 m

14、，與結論不相符，選項B錯誤；C40.5 m，與結論相符，選項C正確；D40 m，與結論不相符，選項D錯誤；5、B【解析】AB由公式可知，人造地球衛(wèi)星的軌道半徑越大則其速度越小，選項B正確，A錯誤；C根據(jù)可知，因同步衛(wèi)星的軌道半徑大于地球半徑，可知地球同步衛(wèi)星在其圓形軌道上運行時的速度小于7.9km/s，選項C錯誤；D地球同步衛(wèi)星與地球自轉有相同的周期，則同步衛(wèi)星在其圓形軌道上運行時的角速度等于地球自轉的角速度，選項D錯誤。6、A【解析】A由題意知該同學到A點時向心加速度向上，故處于超重狀態(tài)，故A正確；B該同學運動到B點時因為還是在做勻速圓周運動，所受合力提供向心力，故合力不為零，所以B錯誤；C

15、該同學運動到C點時，因其速度水平，故投影到地面時速度不為零，即影子速度不為零，故C錯誤；D該同學運動到C、D兩點之間時，因其分解到水平方向的運動在C點速度最大，水平分速度逐漸減小，到達D點水平分速度為0，所以他在地面上的影子做減速運動，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】在地球表面有得衛(wèi)星環(huán)繞地球圓周運動有A衛(wèi)星的向心加速度故A正確；B衛(wèi)星運行的速度大小為故B正確；C衛(wèi)星的角速度故C錯誤；D衛(wèi)星運行的周期故D正確。故選ABD。8、BC【解析】A

16、O點的電勢為0，則等量異種電荷連線的中垂線的電勢為0，沿電場線的方向電勢降低，所以A點的電勢大于0，故A錯誤；B由上面的分析知AB，負電荷在電勢越高的地方電勢能越小，所以電子在A點電勢能比B點的小，故B正確；C由對稱性知：A、B兩點的電場線的疏密一樣，所以A、B兩點的場強大小相同，方向為A、B兩點的切線方向，由對稱性知方向相同，故C正確；D因為A、O、B三點的電勢關系為：AOB由對稱性得：UAO=-UBO故D錯誤。故選：BC。9、CDE【解析】A、彈簧振動的回復力，由沿振動方向的合力提供，如果是沿豎直方向振動的彈簧振子，其回復力由重力和彈簧的彈力的合力提供，A項錯誤；B、當單擺做受迫振動時，它

17、振動的周期等于驅動力的周期，不一定等于它的固有周期，B項錯誤；C、機械波從一種介質進入另一種介質，頻率不變，如果波速變大，由可知，波長一定就變大，C項正確；D、在干涉現(xiàn)象中，振動加強點的位移某時會變?yōu)榱?，D項正確；E、發(fā)生多普勒效應時，波源發(fā)出的波的頻率并沒有發(fā)生變化，只是觀察者接收到頻率發(fā)生了變化，E項正確。故選CDE.【點睛】該題考查簡諧振動與機械波的幾個比較重要的知識點的內(nèi)容，都是一些記憶性的知識點，在平時的學習中多加積累即可10、BD【解析】對物體B受力分析，受重力、斜面的支持力和A對B的支持力，受力分析圖如圖所示由于彈力與接觸面垂直，故A對B的支持力不是平行斜面向上，而是偏向上一點，

18、A錯誤；根據(jù)平衡條件有：，得，則由牛頓第三定律可知，物體B對物體A的壓力大于，物體B對斜面的壓力小于，C錯誤，D正確；物體A受重力、支持力、摩擦力、B對A的壓力，共4個力，B正確；選BD【點睛】先對物體B受力分析，根據(jù)平衡條件判斷A對B的彈力和斜面對B的支持力情況；再結合牛頓第三定律判斷B對A的壓力情況三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、等于 【解析】（1）根據(jù)機械能守恒定律可明確動能和彈性勢能的關系；（2）根據(jù)高度求出平拋運動的時間，結合水平位移和時間求出小鋼球飛出桌面的速度根據(jù)能量守恒求出彈簧彈性勢能與小鋼球質量m、桌面離地高度h、

19、水平距離s、重力加速度g的關系式；（3）根據(jù)豎直方向的位移，結合y=gT2求解時間T，然后根據(jù)水平位移求解水平速度.【詳解】（1）由機械能守恒定律可知，小球飛出時的動能由彈簧的彈性勢能轉化而來，二者應相等；（2） 根據(jù)平拋運動可知 根據(jù)能量守恒得，（3）設相鄰兩點間的時間間隔為T，豎直方向：3L-L=gT2，得到 水平方向： 12、C E 【解析】選擇器材需安全、精確，根據(jù)電風扇的額定電流確定電流表的量程，通過電風扇電阻的大約值，從測量的誤差和可操作性角度選擇滑動變阻器【詳解】電風扇的額定電流I=0.6A，從讀數(shù)誤差的角度考慮，電流表選擇C，電風扇的電阻比較小，在描繪小電風扇的伏安特性曲線實驗

20、中采取滑動變阻器的分壓接法，故選擇總電阻為10的滑動變阻器便于調(diào)節(jié)，誤差較小，滑動變阻器應選用E答案為：(1)C；(2)E四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)(2)(3) 借助接近赤道的低緯度發(fā)射基地更為合理，原因是低緯度地區(qū)相對于地心可以有較大線速度，有較大的初動能【解析】（1）根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律有 解得 （2）根據(jù)萬有引力定律及向心力公式，有及 解得 （3）借助接近赤道的低緯度發(fā)射基地更為合理，原因是低緯度地區(qū)相對于地心可以有較大線速度，有較大的初動能。14、 (1) (2) (3)【解析】

21、(1)設粒子經(jīng)過時間t0打在M板中點，沿極板方向有：垂直極板方向有：加速度聯(lián)立解得：(2)粒子通過兩板時間，從t=0時刻開始，粒子在兩板間運動時，每個電壓變化周期的前三分之一時間內(nèi)方向垂直極板的加速度大小為：或在每個電壓變化周期的后三分之二時間內(nèi)方向垂直極板的加速度大小為：所有粒子剛好能全部離開電場而不打在極板上，可以確定在t=nT或(n=0,1,2）時刻進入電場的粒子恰好分別從極板右側上、下邊緣處飛出它們在電場方向偏轉的距離最大，則：可解得：(3) 可以確定在t=nT或T（n=0，1，2）時刻進入電場的粒子恰好分別從極板右側上、下邊緣處飛出它們在運動過程中電場方向偏轉的距離最大，則偏離中軸線最大位移為：在所有粒子剛好能全部離開電場而不打在極板上，可以確定在或(n=0,1,2.)（n=0，1，2）時刻進入電場的粒子恰好從中軸線飛出它們在運動過程中電場方向偏轉的距離最小，則偏離中軸線最小位移為：所以粒子在運動中偏離中軸線最小位移與最大位移比值的大小為：【點睛】本題考查帶電粒子在電場中的運動，關鍵要正確分析帶電粒子的運動情況，要掌握電場中類平拋運動的研究方法：運動的合成與分解法，運用動力學規(guī)律解答15、（1）0.45s（2）1.0m【解析】試題分析：（1）設經(jīng)ts落地則（2）小球離地面高為則考點：自由落體運動