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1、2024學年高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，某轉筆高手能讓筆繞 O 點勻速轉動，A 是筆尖上的點，B 是 A 和 O 的中點A、B 兩點線速度大小分別是 vA、vB，角速度大小分別是A、B，向心加速度大小分 別是 aA、aB，周期大小分別是 TA、TB，則( )AvA2v

2、B BA2BCaAaB DTA2TB2、如圖所示，光滑水平面上有大小相同的A、B兩球在同一直線上運動.兩球質量關系為mB=2mA，規(guī)定向右為正方向，A、B兩球的動量均為6kgm/s，運動中兩球發(fā)生碰撞，碰撞后A球的動量增量為4kgm/s，則（ ）A左方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為2：5B左方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為1：10C右方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為2：5D右方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為1：103、一種比飛機還要快的旅行工具即將誕生，稱為“第五類交通方式”，它就是“Hyperloop（超級高鐵）”。據(jù)英國每日郵報2016年7月6日報道：Hyp

3、erloop One公司計劃，2030年將在歐洲建成世界首架規(guī)模完備的“超級高鐵”（Hyperloop），連接芬蘭首都赫爾辛基和瑞典首都斯德哥爾摩，速度可達每小時700英里（約合1126公里/時）。如果乘坐Hyperloop從赫爾辛基到斯德哥爾摩，600公里的路程需要40分鐘，Hyperloop先勻加速，達到最大速度1200 km/h后勻速運動，快進站時再勻減速運動，且加速與減速的加速度大小相等，則下列關于Hyperloop的說法正確的是（）A加速與減速的時間不相等B加速時間為10分鐘C加速時加速度大小為2 m/s2D如果加速度大小為10 m/s2，題中所述運動最短需要32分鐘4、甲車由靜止開

4、始做勻加速直線運動,通過位移s后速度達到v,然后做勻減速直線運動直至靜止,乙車由靜止開始做勻加速直線運動,通過位移2s后速度也達到v.然后做勻減速直線運動直至靜止,甲、乙兩車在整個運動中的平均速度分別為v1和v2,v1與v2的關系是( )Av1v2Bv1=v2Cv1v2D無法確定5、如圖所示，小球甲從A點水平拋出的同時小球乙從B點自由釋放，兩小球先后經過C點時速度大小相等，方向間夾角為=45，已知BC高h，不計空氣的阻力由以上條件可知A甲小球做平拋運動的初速度大小為B甲、乙兩小球到達C點所用時間之比為1:2CA、B兩點的高度差為DA、B兩點的水平距離為6、如圖所示，一顆人造衛(wèi)星原來在橢圓軌道1

5、繞地球E運行，在P點變軌后進入軌道2做勻速圓周運動。下列說法正確的是A不論在軌道1還是軌道2運行，衛(wèi)星在P點的速度都相同B不論在軌道1還是軌道2運行，衛(wèi)星在P點的加速度都相同C衛(wèi)星在軌道1的任何位置都具有相同的加速度D衛(wèi)星在軌道2的任何位置都具有相同的速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，電源電動勢、內阻及四個電阻的阻值已在圖中標出閉合開關S，下列說法正確的有A通過電源的電流為2 AB路端電壓為9 VC電源的總功率為27 WDa、b間用導線連接后，

6、沒有電流通過該導線8、2016年10月19日3時31分，神舟十一號載人飛船與天宮二號空間實驗室成功實現(xiàn)自動交會對接，此時天宮二號繞地飛行一圈時間為92.5min，而地球同步衛(wèi)星繞地球一圈時間為24h，根據(jù)此兩組數(shù)據(jù)我們能求出的是A天宮二號與地球同步衛(wèi)星受到的地球引力之比B天宮二號與地球同步衛(wèi)星的離地高度之比C天宮二號與地球同步衛(wèi)星的線速度之比D天宮二號與地球同步衛(wèi)星的加速度之比9、關于位移和路程關系的正確說法是（ ）A物體沿直線向某一方向運動， 通過的路程就是位移B物體沿直線運動，通過的路程等于位移的大小C物體通過的路程不等， 位移可能相同D物體通過一段路程， 位移可能為零10、如圖所示，一個

7、長直輕桿兩端分別固定小球A和B，豎直放置，兩球質量均為m，兩球半徑忽略不計，桿的長度為L由于微小的擾動，A球沿豎直光滑槽向下運動，B球沿水平光滑槽向右運動，下列說法正確的是( )AA球下滑過程中的機械能守恒B在A球到達水平滑槽前，A球的機械能先增大后減小C當小球A沿墻下滑距離為L/2時，A球的速度為DA球的機械能最小時輕桿對B球的作用力為零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖甲所示，某同學借用“探究加速度與力、質量之間的定量關系”的相關實驗思想、原理及操作，進行“研究合外力做功和物體動能變化關系”的實驗（1）為達到平衡阻力的目

8、的，通過調整墊塊的位置，改變長木板傾斜程度，根據(jù)紙帶打出點的間隔判斷小車是否做勻速直線運動在進行此操作時，_（填“要”或“不要”）取下細繩及托盤（2）按圖甲所示裝置，接通打點計時器電源，由靜止釋放小車，打出若干條紙帶，從中挑選一條點跡清晰的紙帶，如圖乙所示紙帶上打出相鄰兩個點之間的時間間隔為， 點是打點計時器打出的第一個點，從點到、點的距離依次為、已知小車的質量為，盤和砝碼的總質量為由此可求得紙帶上由點到點所對應的運動過程中，盤和砝碼受到的重力所做功的表達式_，該小車點速度的表達式_此時小車的動能_由于實驗中存在誤差，有大于原因是：_12（12分）如圖甲所示是某同學探究加速度與力的關系的實驗裝

9、置他在氣墊導軌上安裝了一個光電門B滑塊上固定一遮光條，滑塊用細線繞過氣墊導軌左端的定滑輪與力傳感器相連，傳感器下方懸掛鉤碼，每次滑塊都從A處由靜止釋放(1)該同學用游標卡尺測量遮光條的寬度d，如圖乙所示，則d_mm(2)實驗時，將滑塊從A位置由靜止釋放，由數(shù)字計時器讀出遮光條通過光電門B的時間t，若要得到滑塊的加速度，還需要測量的物理量是_(3)改變鉤碼質量，測出對應的力傳感器的示數(shù)F和遮光條通過光電門的時間t，通過描點作出_（填“”“”或“”）的線性圖像四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一木板B置于光滑

10、水平面上，小物塊A靜置于木板左端，若給小物塊一個瞬間水平向右的初速度v0=3m/s，小物塊經歷時間t=0.5s恰好不滑離木板，已知小物塊的質量m=1kg，木板質量M=2kg，重力加速度g=10m/s2。(1)求小物塊與木板間的動摩擦因數(shù)；(2)若水平面是粗糙的，木板與水平面間的動摩擦因數(shù)是物塊與木板間的動摩擦因數(shù)的四分之一，現(xiàn)對小物塊施加一個水平向右的恒定外力F,使小物塊由靜止開始運動，若使小物塊能滑離木板，求外力F的范圍；(3)在（2）中，若F=7N,求小木塊滑離木板時的速度大小。14（16分）如圖所示，ABC是三棱鏡的一個截面，其折射率為，現(xiàn)有一細束平行與截面的光線沿MN方向射到棱鏡的AB

11、面上的N點，入射角的大小為，且，已知真空中的光速，求：光在棱鏡中傳播的速率；此束光進入棱鏡后從棱鏡射出的方向和位置（不考慮AB面的反射）15（12分）某電視臺“快樂向前沖”節(jié)目中的場地設施如圖所示，AB為水平直軌道，上面安裝有電動懸掛器，可以載人運動，水面上漂浮著一個半徑為R，角速度為，鋪有海綿墊的轉盤，轉盤的軸心離平臺的水平距離為L，平臺邊緣與轉盤平面的高度差為H選手抓住懸掛器，可以在電動機帶動下，從A點下方的平臺邊緣處沿水平方向做初速度為零，加速度為a的勻加速直線運動選手必須作好判斷，在合適的位置放手，才能順利落在轉盤上設人的質量為m（不計身高大?。伺c轉盤間的最大靜摩擦力為mg，重力加

12、速度為g（1）假設選手落到轉盤上瞬間相對轉盤速度立即變?yōu)榱悖瑸楸ＷC他落在任何位置都不會被甩下轉盤，轉盤的角速度應在什么范圍？（2）若已知H5m，L8m，a2m/s2，g10m/s2，且選手從C點放手能恰能落到轉盤的圓心處，則他是從平臺出發(fā)后經過多長時間放手的？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A. 筆桿上的各個點都做同軸轉動，所以角速度是相等的；A是筆尖上的點，B是A和O的中點，所以rB=rA/2，根據(jù)v=r，所以vA=2vB，故A正確，B錯誤；C. 由向心加速度公式an=2R，筆桿上的點離O點越遠的，

13、做圓周運動的向心加速度越大。故C錯誤；D. 筆桿上的各個點都做同軸轉動，所以周期是相等的，故D錯誤。故選：A2、A【解析】試題分析：兩球碰撞過程，系統(tǒng)不受外力，故碰撞過程系統(tǒng)總動量守恒；同時考慮實際情況，碰撞前后面的球速度大于前面球的速度規(guī)定向右為正方向，碰撞前A、B兩球的動量均為，說明A、B兩球的速度方向向右，兩球質量關系為，所以碰撞前，所以左方是A球碰撞后A球的動量增量為，所以碰撞后A球的動量是2kgm/s，碰撞過程系統(tǒng)總動量守恒：，所以碰撞后B球的動量是10kgm/s，根據(jù)mB=2mA，所以碰撞后A、B兩球速度大小之比為2：5，A正確3、B【解析】A加速與減速的加速度大小相等，加速和減速

14、過程中速度變化量的大小相同，根據(jù)：可知加速和減速所用時間相同，A錯誤；BC加速的時間為，勻速的時間為，減速的時間為，由題意得：聯(lián)立方程解得：勻加速和勻減速用時：勻速運動的時間：加速和減速過程中的加速度：B正確，C錯誤；D同理將上述方程中的加速度變?yōu)椋铀俸蜏p速的時間均為：加速和減速距離均為勻速運動用時：總時間為：D錯誤。故選B。4、B【解析】根據(jù)勻變速直線運動的推論，知甲車勻加速直線運動的平均速度勻減速運動的平均速度，可知全程的平均速度同理，乙車全程的平均速度.則故B正確，A. C.D錯誤5、A【解析】A、乙球到達C點的速度 ,則甲球到達C點的速度,根據(jù)平行四邊形定則知,甲球平拋運動的初速度 ，故A正確；B、對甲有: ，對乙球有 則 故B錯誤.C、已知BC高h ，AC兩點的高度差 ,則A、B的高度差 故C錯誤；D、A、B的水平距離 ,故D錯誤.綜上所述本題答案是：A6、B【解析】A、在P點，沿軌道1運行時，地球對人造衛(wèi)星的引力大于人造衛(wèi)星做圓周運動需要的向心力，即F引m，沿軌道2運行時，地球對人造衛(wèi)星的引力剛好能提供人造衛(wèi)星做圓周運動的向心力，即F引m，故v1v2，故A錯誤。B、在P點，人造衛(wèi)星在軌道1和軌道2運行時，地球對人造衛(wèi)星的引力相同，由牛頓第二定律可知，人造衛(wèi)星在P點的加速度相同，故B正確。C、在軌道1的不