《2024屆福建省邵武市第七中學(xué)物理高三第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2024屆福建省邵武市第七中學(xué)物理高三第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題（含解析）.doc（13頁珍藏版）》請在匯文網(wǎng)上搜索。

1、2024學(xué)年高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，一足夠長的木板在光滑水平面上以速度v向右勻速運(yùn)動，現(xiàn)將質(zhì)量為m的物體豎直向下輕輕地放置在木板上的右端，已知物體和木板之間的動摩擦因數(shù)為。為保持木板的速度不變，須對木板施

2、一水平向右的作用力F。從物體放到木板上到它相對木板靜止的過程中，力F做的功為（）ABCmv2D2mv22、已知均勻帶電球殼內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電勢處處相等如圖所示，正電荷均勻分布在半球面上，Ox為通過半球頂點(diǎn)與球心O的軸線A、B為軸上的點(diǎn)，且OA=OBC、D為直徑上的兩點(diǎn)，且OC=OD則下列判斷正確的是( )AA點(diǎn)的電勢與B點(diǎn)的電勢相等BC點(diǎn)的電場強(qiáng)度與D點(diǎn)的電場強(qiáng)度不相同CA點(diǎn)的電場強(qiáng)度與B點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同D在A點(diǎn)由靜止開始釋放重力不計的帶正電粒子，該粒子將沿AB做勻加速直線運(yùn)動3、如圖所示，真空中M、N處放置兩等量異種電荷，a、b、c為電場中的三點(diǎn)，實(shí)線PQ為M、N連線的中垂線，a、b兩

3、點(diǎn)關(guān)于MN對稱，a、c兩點(diǎn)關(guān)于PQ對稱已知一帶正電的試探電荷從a點(diǎn)移動到c點(diǎn)時，試探電荷的電勢能增加，則以下判斷正確的是 ( )Aa點(diǎn)的電勢高于c點(diǎn)的電勢Ba點(diǎn)的場強(qiáng)與c點(diǎn)的場強(qiáng)完全相同CM點(diǎn)處放置的是正電荷D若將帶正電的試探電荷沿直線由a點(diǎn)移動到b點(diǎn)，則電場力先做正功，后做負(fù)功4、如圖所示，可視為質(zhì)點(diǎn)的小球位于半圓柱體左端點(diǎn)A的正上方某處，以初速度v0水平拋出，其運(yùn)動軌跡恰好與半圓柱體相切于B點(diǎn)，過B點(diǎn)的半圓柱體半徑與水平面夾角為30，則半圓柱體的半徑為(不計空氣阻力，重力加速度為g)( )A B C D5、如圖所示，一物體自傾角為的固定斜面上某一位置處斜向上拋出，到達(dá)斜面頂端處時速度恰好變

4、為水平方向，已知、間的距離為，重力加速度為，則關(guān)于拋出時物體的初速度的大小及其與斜面間的夾角，以下關(guān)系中正確的有ABCD6、在同一條直線上運(yùn)動的P、Q兩個物體在t0時經(jīng)過同一個位置，它們運(yùn)動的速度時間圖象如圖所示，則下列說法正確的是（）A在03 s內(nèi)P做勻減速直線運(yùn)動，Q做勻速直線運(yùn)動B在01 s內(nèi)兩物體逐漸靠近C在t2 s時兩物體相遇D在03 s內(nèi)兩物體的位移相等二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，虛線MN的右側(cè)有方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，兩電荷量相同的粒

5、子P、Q從磁場邊界的M點(diǎn)先后射入磁場，在紙面內(nèi)運(yùn)動射入磁場時，P的速度垂直于磁場邊界，Q的速度與磁場邊界的夾角為45。已知兩粒子均從N點(diǎn)射出磁場，且在磁場中運(yùn)動的時間相同，則（ ）AP和Q的質(zhì)量之比為1：2BP和Q的質(zhì)量之比為CP和Q速度大小之比為DP和Q速度大小之比為2：18、A、B為一電場中x軸上的兩點(diǎn)，如圖甲。一正試探電荷僅在電場力作用下沿x軸運(yùn)動，該試探電荷的電勢能隨其坐標(biāo)變化的關(guān)系如圖乙。下列正確的是A該電場有可能是點(diǎn)電荷形成的電場B電場方向沿x軸正向CA、B兩點(diǎn)電勢的關(guān)系為D試探電荷在A、B兩點(diǎn)的動能大小關(guān)系為9、某人在距離地面某高度處以的初速度豎直向上拋出一質(zhì)量為2kg的小球，小

6、球拋出后經(jīng)過一段時間落到地面上若以拋出時刻為計時起點(diǎn)，小球運(yùn)動的v-t圖像如圖所示，t=1.5s時，小球落到地面上設(shè)小球運(yùn)動過程中所受阻力大小不變，則A小球一直做勻變速直線運(yùn)動B小球拋出點(diǎn)離地面高度為C小球運(yùn)動過程中所受阻力大小為D當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮?0、如圖所示，蹦床運(yùn)動員從空中落到床面上，運(yùn)動員從接觸床面到下降至最低點(diǎn)為第一過程，從最低點(diǎn)上升到離開床面為第二過程，下列判斷正確的是（ ）A在第一過程中，運(yùn)動員始終處于失重狀態(tài)B運(yùn)動員接觸床面時的速度最大C在第二過程中運(yùn)動員的速度先增大后再減小D運(yùn)動員在速度為零時加速度最大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不

7、要求寫出演算過程。11（6分）用如圖的裝置做“驗(yàn)證動量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)（1）下列操作或說法正確的是_。A將斜槽末端調(diào)成水平B在斜槽上涂潤滑油可以減少實(shí)驗(yàn)誤差C使入射球A每次都從同一高度由靜止?jié)L下D從P點(diǎn)附近多個落點(diǎn)中選取最清晰的一個點(diǎn)作為P的標(biāo)記（2）實(shí)驗(yàn)中小球的質(zhì)量，若其表達(dá)式滿足_，則可驗(yàn)證相碰前后的動量守恒。（選擇以下物理量表示、水平槽到地面距離H、小球的直徑d、OP、OM、ON）12（12分）如圖所示為“DIS 測變速直線運(yùn)動的瞬時速度”實(shí)驗(yàn)的裝置圖(1)圖中所示的器材為：_傳感器(2)若實(shí)驗(yàn)過程中擋光片緊貼小車前沿放置，則隨著擋光片寬度不斷減小，速度欄中的數(shù)據(jù)_(填“不斷增大”、“不

8、變”或“不斷減小”)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）汽車發(fā)動機(jī)的額定功率為30KW，質(zhì)量為2000kg，當(dāng)汽車在水平路面上行駛時受到阻力為車重的0.1倍，若汽車從靜止開始保持1m/s2的加速度作勻加速直線運(yùn)動，則（1）汽車在路面上能達(dá)到的最大速度； （2）勻加速直線運(yùn)動過程能持續(xù)多長時間； （3）當(dāng)汽車速度為10m/s時的加速度.14（16分）如圖一長木板置于光滑水平地面上，木板左端放置一小物塊；在木板右方有一墻壁，如圖所示。小物塊與木板一起以的共同速度向右運(yùn)動，直至?xí)r木板與墻壁碰撞,碰撞時間極短。碰撞

9、前后木板速度大小不變，方向相反；小物塊與木板間的動摩擦因數(shù).運(yùn)動過程中小物塊始終未離開木板。木板的質(zhì)量M是小物塊質(zhì)量m的15倍，重力加速度大小g=10m/s2。求：（1）以撞墻后瞬間為起點(diǎn)，小木塊相對地面向右運(yùn)動的最遠(yuǎn)距離；（2）撞墻后經(jīng)歷多長時間系統(tǒng)進(jìn)入穩(wěn)定狀態(tài)?（3）木板的最小長度15（12分）如圖所示，均勻薄壁U型管豎直放置，左管豎直部分高度大于30cm且上端封閉，右管上端 開口且足夠長，用兩段水銀封閉了 A、B兩部分理想氣體，下方水銀左右液面等高，右管上方的水銀柱高h(yuǎn)=4cm，初狀態(tài)溫度為27，A氣體長度=15cm，大氣壓強(qiáng).現(xiàn)使整個裝置緩慢升溫，當(dāng)下方水銀的左右液面高度相差=10cm

10、時，保持溫度不變，再向右管中緩慢注入水銀，使A中氣柱長度回到15cm.求：(1)升溫后保持不變的溫度是多少攝氏度？(2)右管中再注入的水銀高度是多少？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】物體和木板之間的摩擦力f=mg對于木板，要保持速度v不變，有F=f=mg對于物體，根據(jù)牛頓第二定律mg=ma解得a=g；物體做勻加速直線運(yùn)動，有此時木塊的位移則水平向右的作用力F做功故C正確，ABD錯誤。故選C。2、C【解析】試題分析：由題意可知半球面右邊的電場線是水平向右的，沿電場線方向電勢逐漸降低，A點(diǎn)電勢高于B點(diǎn)電勢

11、，A錯誤；有對稱性原理及電場疊加可知C點(diǎn)和D點(diǎn)場強(qiáng)一樣；B錯誤；B錯誤；均勻帶電半球相當(dāng)于一個均勻帶正電的球和半個均勻帶負(fù)電的球，這個半球放在圖的另一邊然后看AB兩點(diǎn)，可以看到，AB兩點(diǎn)在在上述涉及到的正電半球和負(fù)電半球中的相同的位置上而由題目給出的條件，正電球在AB兩點(diǎn)產(chǎn)生的電場為零所以，A點(diǎn)正電半球產(chǎn)生的電場強(qiáng)度相當(dāng)于負(fù)電半球產(chǎn)生的電場強(qiáng)度，而與B點(diǎn)的環(huán)境比較，唯一的區(qū)別是電荷符號相反，從而電場大小相同，只有可能有方向的區(qū)別，而分析可知，方向是相同的，故電場強(qiáng)度相等，C正確；電場線方向水平向右，所以在A點(diǎn)釋放靜止帶正電的微粒（重力不計），微粒將作加速運(yùn)動，距離遠(yuǎn)后電場力減小，所以是變加速運(yùn)

12、動，D錯誤；3、D【解析】因正電荷由a到c電勢能增加，則電場力做負(fù)功，則電勢升高故c點(diǎn)電勢高于a點(diǎn)電勢則M點(diǎn)為負(fù)電荷，故AC錯誤a點(diǎn)與c點(diǎn)為關(guān)于兩電荷的中垂線對稱，則場強(qiáng)大小相等但方向不同，故B正確；將該試探電荷沿直線由a點(diǎn)移動到b點(diǎn)，根據(jù)等勢線分布圖可知，電勢先降低后升高，則電勢能先減小后增大，電場力先做正功、后做負(fù)功故D正確；故選BD【點(diǎn)睛】在電場中跟據(jù)帶電粒子運(yùn)動軌跡和電場線關(guān)系判斷電場強(qiáng)度、電勢、電勢能、動能等變化是對學(xué)生基本要求，也是重點(diǎn)知識，要重點(diǎn)掌握4、C【解析】飛行過程中恰好與半圓軌道相切于B點(diǎn)，知速度與水平方向的夾角為30，設(shè)位移與水平方向的夾角為，則有，因?yàn)?，則是豎直位移

13、為： ， 聯(lián)立以上各式解得： ，故C正確。點(diǎn)晴：解決本題的關(guān)鍵掌握平拋運(yùn)動在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動規(guī)律，抓住速度方向，結(jié)合位移關(guān)系、速度關(guān)系進(jìn)行求解。5、B【解析】CD、運(yùn)用逆向思維，物體做平拋運(yùn)動，根據(jù)可得，則P點(diǎn)的豎直分速度，P點(diǎn)的水平分速度，則拋出時物體的初速度，故選項(xiàng)C、D錯誤；AB、設(shè)初速度方向與水平方向的夾角為，根據(jù)平拋運(yùn)動的推論有，又，即，根據(jù)數(shù)學(xué)三角函數(shù)關(guān)系可求得，故選項(xiàng)B正確，A錯誤。6、C【解析】A在03 s內(nèi)物體P先減速運(yùn)動再加速運(yùn)動，物體Q一直做勻速運(yùn)動，故A錯誤；Bvt圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積表示物體的位移，在01 s內(nèi)，圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積之差越來越大，在t1

14、s時兩物體的速度相等而面積之差最大，即相距最遠(yuǎn)，B錯誤；C在t2 s時物體P、Q的位移相等，兩物體相遇，C正確；D在03 s內(nèi)物體P的位移較小，故D錯誤二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】設(shè)MN=2R，則對粒子P的半徑為R，有：；對粒子Q的半徑為R，有：；又兩粒子的運(yùn)動時間相同，則，即，解得，故AC正確，BD錯誤8、CD【解析】A. 根據(jù)功能關(guān)系可知，克服電場力做功等于電勢能的增加量，則有：=Eqx根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知，圖線的斜率k=qE，因E、q均保持不變，說明電場強(qiáng)度不變，所以該電場一定是勻強(qiáng)電場，故A錯誤。BC.從A到B電勢能變大，而粒子帶正電， ，所以，沿電場線電勢降低，電場方向沿x軸負(fù)向，故B錯誤C正確。D.根據(jù)能量守恒可知，從A到B電勢能變大，動能變小，故D正確。9、BC【解析】A小球上升過程中的加速度 下落過程中的加速度大小為 整個運(yùn)動過程中的加速度大小變化，故不是做勻變速直線運(yùn)動，故A錯誤；B小球拋出點(diǎn)離地面高度為故B正確；CD設(shè)小球運(yùn)動過程中所受阻力大小為f，重力加速度為g，根據(jù)牛頓第二定律可得：上升過程中：mg+f=ma1下落過程中mg-f=ma2解得：f=0.4N，g=9.8m/s2故C正確、D錯誤10、CD【解析】運(yùn)