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1、安徽省定遠(yuǎn)重點中學(xué)2020學(xué)年高二上學(xué)期期末考試物理試題 一、選擇題1. 依據(jù)如圖所示的“處在磁場中的通電金屬棒在導(dǎo)軌上運動”這一實驗現(xiàn)象及相應(yīng)規(guī)律設(shè)計的家用電器是（）A. 電風(fēng)扇 B. 電飯鍋 C. 電熱水壺 D. 電熨斗【答案】A2. 電荷從靜止開始只在電場力作用下的運動（最初階段的運動），則電荷（）A. 總是從電勢高的地方移到電勢低的地方B. 總是從電場強度大的地方移到電場強度小的地方C. 總是從電勢能大的地方移到電勢能小的地方D. 總是從電勢能小的地方移到電勢能大的地方【答案】C【解析】如果是負(fù)電荷，運動方向與場強相反，故電勢會增大，故A錯誤；靜止開始的電荷會沿著電場力的方向運動，但此

2、方向的場強不一定減小，故B錯誤；由于電荷只受電場力，因此電場力做正功，電勢能減小，所以AB，故C正確D錯誤3. 一束電子流沿水平方向自東向西運動，在電子流的正上方有一點，由于電子運動產(chǎn)生的磁場在該點的方向是（ ）A. 豎直向上B. 豎直向下C. 水平向南D. 水平向北【答案】C【解析】試題分析：電子運動方向自東向西，所以產(chǎn)生的電流方向自西向東，由右手螺旋定則可知產(chǎn)生的磁場在該點的方向是水平向南考點：考查電流的磁效應(yīng)點評：難度較小,主要考查電流的磁效應(yīng),利用右手螺旋定則,注意大拇指指向的是電流的流向,及電子速度的反方向。4. 用電壓表檢查如圖所示電路中的故障，測得 ， ，則此故障可能是( )A.

3、 L斷路B. R斷路C. R 斷路D. S斷路【答案】C【解析】電壓表有示數(shù)說明此時的電路可以組成閉合的回路，故障應(yīng)該在和電壓表并聯(lián)的部分，當(dāng)電壓表示數(shù)為零，說明此時的電路不通，電路中沒有電流，故障不在和電壓表并聯(lián)的部分用電壓表測量得到Uab=5.0V，說明從b到c到d這一部分電路是通的，故障可能出現(xiàn)在電鍵和ab之間，由于Ucd=0V，Ubc=0V，說明此時的電路不通，故障在ab之間，又由于Uad=5.0V，說明電鍵是好的，所以故障一定是R斷路，所以B正確綜上所述本題答案是：B點睛：本題是對電路故障的分析，當(dāng)電路中有電流，能組成閉合的回路的時候，電壓表就會有示數(shù)，否則，電壓表就沒有示數(shù)5. 如

4、圖所示，一圓環(huán)上均勻分布著負(fù)電荷，x軸垂直于環(huán)面且過圓心O下列關(guān)于x軸上的電場強度和電勢的說法正確的是（ ）A. 從O點沿x軸正方向，電場強度先增大后減小，電勢一直降低B. 從O點沿x軸正方向，電場強度先增大后減小，電勢先降低后升高C. O點的電場強度為零，電勢最低D. O點的電場強度不為零，電勢最高【答案】D【解析】試題分析：圓環(huán)上均勻分布著負(fù)電荷，根據(jù)對稱性可知，圓環(huán)上各電荷在O點產(chǎn)生的場強抵消，合場強為零圓環(huán)上各電荷在x軸產(chǎn)生的電場強度有水平向左的分量，根據(jù)電場的疊加原理可知，x軸上電場強度方向向左，根據(jù)順著電場線方向電勢降低，可知，從O點沿x軸正方向，電勢升高O點的場強為零，無窮遠(yuǎn)處場

5、強也為零，所以從O點沿x軸正方向，場強應(yīng)先增大后減小故A、B錯誤根據(jù)對稱性可知，O點的電場強度為零，根據(jù)順著電場線方向電勢降低，可知O點的電勢最低故D錯誤，C正確；故選C考點：電場強度；電勢6. 半徑為r的圓形空間內(nèi)，存在著垂直紙面向里的勻強磁場，一個帶正電粒子（不計重力）從A點以速度 垂直于磁場方向射入磁場中，并從B點射出，AOB=120，如圖所示，則該帶電粒子在磁場中運動的時間為（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】由圖可知，粒子轉(zhuǎn)過的圓心角為60， ，轉(zhuǎn)過的弧長為 ，則運動所用時間 ，綜上所述本題答案是;D。點睛：本題考查洛倫茲力的知識點，意在考查學(xué)生的推理能力。7. 如圖（a

6、）所示：AB是某電場中的一條電場線，若在A點放置一初速度為零的電子，電子僅在電場力的作用下，沿AB由A運動到B過程中的速度圖像如圖（b）所示，則下列關(guān)于A、B兩點電勢 和電場強度E的判斷中正確的是（ ）A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】D【解析】在v-t圖中圖像所包圍的面積代表了加速度的大小，由圖可知,電子在A點加速度較大,則可知A點所受電場力較大,由 可知,A點的場強要大于B點場強;而電子從A到B的過程中,速度增加,動能增大,則可知電場力做正功，電子帶負(fù)電，電場線與電場力的方向相反，所以電場線應(yīng)該是由B到A，故A點的電勢要小于B點電勢,故D正確;綜上所述本題答案是：D點睛：由圖可知帶電

7、粒子速度變化情況,則可明確粒子在兩點的加速度大小關(guān)系,即可確定電場強度的大小;由功能關(guān)系可以確定電勢的高低.8. 一條形磁體靜止在斜面上,固定在磁體中心的豎直上方的水平導(dǎo)線中通有垂直紙面向里的恒定電流,如圖所示.若將磁體的N極位置與S極位置對調(diào)后,仍放在斜面上原來的位置,則磁體對斜面的壓力FN和摩擦力Ff的變化情況分別是（ ）A. FN增大, Ff減小B. FN減小, Ff增大C. FN與Ff都增大D. FN與Ff都減小【答案】C.9. 如圖所示，初速度不計的電子從電子槍中射出，在加速電場中加速，從正對P板的小孔射出，設(shè)加速電壓為U1，又垂直偏轉(zhuǎn)電場方向射入板間并射出，設(shè)偏轉(zhuǎn)電壓為U2。則：（

8、 ）A. U1變大，則電子進入偏轉(zhuǎn)電場的速度變大B. U1變大，則電子在偏轉(zhuǎn)電場中運動的時間變短C. U2變大，則電子在偏轉(zhuǎn)電場中運動的加速度變小D. 若要電子離開偏轉(zhuǎn)電場時偏移量變小，僅使U1變大，其它條件不變即可【答案】ABD【解析】A項：由可知，電子受力變大，加速度變大，其他條件不變時，當(dāng)U1變大，則電子進入偏轉(zhuǎn)電場的速度變大，故A正確；B項：由可知，電子受力變大，加速度變大，其他條件不變時，當(dāng)U1變大，則電子進入偏轉(zhuǎn)電場的水平速度變大，運動時間變短，故B正確；C項：由可知，U2變大，電子受力變大，加速度變大，電子在偏轉(zhuǎn)電場中運動的加速度變大，故C錯誤；D項：由可知，若要電子離開偏轉(zhuǎn)電場

9、時偏移量變小，僅使U1變大，其它條件不變即可，故D正確。點晴：本題考查了帶電粒子在電場中的運動，可以根據(jù)動能定理和牛頓第二定律、運動學(xué)公式結(jié)合推導(dǎo)出。10. 如圖所示，勻強電場中有一個以O(shè)為圓心、半徑為R的圓，電場方向與圓所在平面平行，A、O兩點電勢差為U，一帶正電的粒子在該電場中運動，經(jīng)過A、B兩點時速度方向沿圓的切線，速度大小均為v0，粒子重力不計，則（ ）A. 粒子在A、B間是做圓周運動B. 粒子從A到B的運動過程中，動能先減小后增大C. 勻強電場的電場強度EU/RD. 圓周上電勢最高的點與O點的電勢差為U【答案】BD【解析】帶電粒子僅在電場力作用下，由于粒子在A、B兩點動能相等，則電勢

10、能也相等因為勻強電場，所以兩點的連線AB即為等勢面根據(jù)等勢面與電場線垂直特性，從而畫出電場線CO由曲線運動條件可知，正電粒子所受的電場力沿著CO方向，因此粒子從A到B做拋體運動，故A錯誤；由A選項分析可知，速度方向與電場力方向夾角先大于90后小于90，電場力對于運動來說先是阻力后是動力，所以動能先減小后增大故B正確；勻強電場的電場強度Ed=U式中的d是沿著電場強度方向的距離，因而由幾何關(guān)系可知，所以，故C錯誤；圓周上，電勢最高的點與O點的電勢差為，故D正確；故選BD點睛：緊扣動能相等作為解題突破口，由于僅在電場力作用下，所以得出兩點的電勢能大小關(guān)系并利用等勢面與電場線垂直的特性，從而推出電場線

11、位置再由曲線運動來確定電場力的方向同時考查U=Ed中d的含義重要性，注意公式中的d為沿電場線方向上的距離11. 如圖電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，R0為定值電阻，電容器的電容為C閉合開關(guān)S，增大可變電阻R的阻值，電壓表示數(shù)的變化量為U，電流表示數(shù)的變化量為I，則：A. 變化過程中U和I的比值保持不變B. 電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I的比值不變C. 電阻R0兩端電壓減小，減小量為UD. 電容器的帶電量增大，增加量為CU【答案】AC【解析】試題分析：可將定值電阻R0綁定在一起，則畫出U-I圖像，圖像的斜率表示電源內(nèi)阻與定值電阻之和，所以恒定不變，A正確，因為可變電阻R值變了，導(dǎo)致了電壓表U和電流

12、表I的變化，而量表的比值，表示R的值，所以也發(fā)生變化，B錯誤，當(dāng)R增大，路端電壓增大，電流減小，所以通過R0的電壓減小，而電源內(nèi)阻分壓也減小，兩者減小的為U，C錯誤，R兩端的電壓增大，所以電容器兩端電壓增大，故根據(jù)公式可得，D正確，考點：考查了電路動態(tài)分析點評：此類型的題目一般是從部分變化到整體變化再到另一部分變化12. 如圖所示，長均為d的兩正對平行金屬板MN、PQ水平放置，板間距離為2d，板間有正交的勻強電場和勻強磁場，一帶電粒子從MP的中點O垂直于電場和磁場方向以v0射入，恰沿直線從NQ的中點A射出；若撤去電場，則粒子從M點射出（粒子重力不計）以下說法正確的是（ ）A. 該粒子帶正電B.

13、 該粒子帶正電、負(fù)電均可C. 若撤去磁場，則粒子射出時的速度大小為2v0D. 若撤去磁場，則粒子射出時的速度大小為 v0【答案】AD【解析】AB項，若撤去電場，則粒子M點射出，根據(jù)左手定則知粒子應(yīng)帶正電荷，故A項正確，B項錯誤。CD項，設(shè)粒子的質(zhì)量為m，帶電量為q，粒子射入電磁場時的速度為，則粒子沿直線通過場區(qū)時： ，撤去電場后，在洛倫茲力的作用下，粒子做圓周運動，由幾何知識知： ，洛倫茲力提供粒子運動的向心力得： ，撤去磁場，粒子做類平拋運動，設(shè)粒子的加速度a，穿越電場所用時間為t，則有：，聯(lián)立以上各式解得：y=d，設(shè)末速度為v，由動能定理知： ，解得：，故C項錯誤，D項正確。綜上所述本題答

14、案為AD。二、實驗題13. 某同學(xué)采用圖（a）所示實驗電路來描繪額定電壓為12V的小燈泡伏安特性曲線。（1）將圖（b）的實物圖連接完整_。（2）某次實驗時，滑動變阻器的滑片從a向b滑動的過程中，發(fā)現(xiàn)電壓表和電流表原來幾乎沒有示數(shù)，直到接近b端時示數(shù)急劇增大。經(jīng)檢查所有電路連線及儀器都完好，則可能原因是_。（3）若描繪出的伏安特性曲線如圖（c）所示，則燈泡的額定功率為_W。（保留兩位有效數(shù)字）（4）若將兩盞這樣的燈泡與電動勢12V ,內(nèi)阻4的電源申聯(lián)，則燈泡的實際功率為_W。（保留兩位有效數(shù)字）【答案】 (1). （1）如圖 (2). （2）滑動變阻器阻值遠(yuǎn)大于燈泡電阻 (3). （3）66W

15、(4). （4）20W（19-21W均正確【解析】試題分析：（1）根據(jù)原理圖可得出對應(yīng)的實物圖，由圖可知，電流最大值為06A，故電流表量程選擇06A；如圖所示；（2）滑動變阻器串聯(lián)在電路中，電壓表測量滑動變阻器電壓，剛開始滑動觸頭P由A端向B端逐漸滑動時，電壓表的示數(shù)幾乎不變，說明隨著電阻的變小，滑動變阻器的電阻占整個電路電阻的比例變化不大，直到當(dāng)滑動觸頭P滑至臨近B端時，電壓表的示數(shù)急劇變化，說明滑線變阻器的總電阻太大，所以原因是：滑動變阻器阻值太大，有效使用的部分短；（3）由圖可知，當(dāng)電壓為12V時，電流為055A；故功率為：；（4）將兩盞這樣的燈泡與電源串聯(lián)，則燈泡的電流為I，則有：；作出對應(yīng)的伏安特性曲線，二者之間的交點即為燈泡的工作點，則由圖可知，燈泡的電壓為5V，電流為04A，